Cho $a,b,c > 0 $
Chứng minh rằng :
$\frac{a^2}{b}+\frac{b^2}{c}+\frac{c^2}{a} \ge 3 \sqrt[4]{\frac{a^4+b^4+c^4}{3}}$
$\frac{a^2}{b}+\frac{b^2}{c}+\frac{c^2}{a} \ge 3 \sqrt[4]{\frac{a^4+b^4+c^4}{3}}$
#1
Đã gửi 21-07-2013 - 15:23
- PPPCYBNTT và Simpson Joe Donald thích
#2
Đã gửi 21-07-2013 - 15:53
Cho $a,b,c > 0 $
Chứng minh rằng :
$\frac{a^2}{b}+\frac{b^2}{c}+\frac{c^2}{a} \ge 3 \sqrt[4]{\frac{a^4+b^4+c^4}{3}}$
Áp dụng bất đẳng thức $Holder$ cho $3$ bộ $3$ số dương ta có
$\mathrm{VT^{2}}.\sum a^{2}b^{2}\geq \left ( \sum a^{2} \right )^{3}$
$\Rightarrow \mathrm{VT}\geq \sqrt{\frac{\left ( \sum a^{2} \right )^{3}}{\sum a^{2}b^{2}}}$
Ta cần chứng minh
$\sqrt{\frac{\left ( \sum a^{2} \right )^{3}}{\sum a^{2}b^{2}}}\geq \sqrt[4]{27\sum a^{4}}$
$\Leftrightarrow \frac{(\sum a^{2})^{3}}{\sum a^{2}b^{2}}\geq \sqrt{27\sum a^{4}}$ $(*)$
Để đơn giản, ta đặt
$(x,y,z)=(a^{2},b^{2},c^{2})$ với $x,y,z>0$
Bất đẳng thức $(*)$ trở thành
$\frac{(x+y+z)^{3}}{xy+yz+zx}\geq \sqrt{27(x^{2}+y^{2}+z^{2})}$
$\Leftrightarrow \frac{(x+y+z)^{2}}{xy+yz+zx}-3\geq \frac{\sqrt{27(x^{2}+y^{2}+z^{2})}}{x+y+z}-3 $
$\Leftrightarrow \frac{\sum (x-y)^{2}}{2(xy+yz+zx)}\geq \frac{3\sum (x-y)^{2}}{\left ( x+y+z \right )\left ( x+y+z+\sqrt{3(x^{2}+y^{2}+z^{2})} \right )}$
$\Leftrightarrow \sum (x-y)^{2}.\left ( \frac{\sum x.\left ( \sum x+\sqrt{3\sum x^{2}} \right )-6\sum xy}{2\sum x\sum xy \left ( \sum x +\sqrt{3\sum x^{2}}\right )} \right )\geq 0$
Vậy (*) đúng và bất đẳng thức cần chứng minh cũng đúng.
Dấu "=" xảy ra $\Leftrightarrow a=b=c$
Bài viết đã được chỉnh sửa nội dung bởi banhgaongonngon: 21-07-2013 - 16:13
- math1911, deathavailable, PPPCYBNTT và 1 người khác yêu thích
#3
Đã gửi 08-10-2013 - 12:25
Bài này cấp II làm sao nổi
1 người đang xem chủ đề
0 thành viên, 1 khách, 0 thành viên ẩn danh