Cho $x,y,z\geq 0 ;x^{2}+y^{2}+z^{2}\leq 3y$ Chứng minh $\frac{1}{(x+1)^{2}}+\frac{4}{(y+2)^{2}}+\frac{8}{(z+3)^{2}}\geq 1$
Bài viết đã được chỉnh sửa nội dung bởi buiminhhieu: 01-05-2014 - 15:51
Cho $x,y,z\geq 0 ;x^{2}+y^{2}+z^{2}\leq 3y$ Chứng minh $\frac{1}{(x+1)^{2}}+\frac{4}{(y+2)^{2}}+\frac{8}{(z+3)^{2}}\geq 1$
Bài viết đã được chỉnh sửa nội dung bởi buiminhhieu: 01-05-2014 - 15:51
Chuyên Vĩnh Phúc
Áp dụng BDT phụ: $\frac{1}{a^2}+\frac{1}{b^2}\geq \frac{8}{(a+b)^2}$
ta được: $VT\geq \frac{8}{(x+1+\frac{y}{2}+1)^2}+\frac{8}{(z+3)^2}\geq 8.\frac{8}{(x+\frac{y}{2}+z+5)^2}= \frac{256}{(2x+y+2z+10)^2}$
Còn điều kiện,làm sao để xuất hiện biểu thức dưới mẫu nhỉ?
Thử làm tiếp xem hướng này có được không,
Mình thì chịu,
Sống là cho, đâu chỉ nhận riêng mình
Áp dụng BDT phụ: $\frac{1}{a^2}+\frac{1}{b^2}\geq \frac{8}{(a+b)^2}$
ta được: $VT\geq \frac{8}{(x+1+\frac{y}{2}+1)^2}+\frac{8}{(z+3)^2}\geq 8.\frac{8}{(x+\frac{y}{2}+z+5)^2}= \frac{256}{(2x+y+2z+10)^2}$
Còn điều kiện,làm sao để xuất hiện biểu thức dưới mẫu nhỉ?
Thử làm tiếp xem hướng này có được không,
Mình thì chịu,
BĐT phụ sai rồi nha
$\frac{1}{a^{2}}+\frac{1}{b^{2}}\geq \frac{4}{a^{2}+b^{2}}\leq \frac{8}{(a+b)^{2}}$
Chuyên Vĩnh Phúc
BĐT phụ sai rồi nha
$\frac{1}{a^{2}}+\frac{1}{b^{2}}\geq \frac{4}{a^{2}+b^{2}}\leq \frac{8}{(a+b)^{2}}$
ơ.............ừ nhỉ?
à mà đúng rồi mà,,,dùng AM-GM để cm
$(\frac{1}{a^2}+\frac{1}{b^2})(a+b)^2\geq 2\sqrt{\frac{1}{a^2b^2}}.4ab$
Sống là cho, đâu chỉ nhận riêng mình
Áp dụng BDT phụ: $\frac{1}{a^2}+\frac{1}{b^2}\geq \frac{8}{(a+b)^2}$
ta được: $VT\geq \frac{8}{(x+1+\frac{y}{2}+1)^2}+\frac{8}{(z+3)^2}\geq 8.\frac{8}{(x+\frac{y}{2}+z+5)^2}= \frac{256}{(2x+y+2z+10)^2}$
Còn điều kiện,làm sao để xuất hiện biểu thức dưới mẫu nhỉ?
Thử làm tiếp xem hướng này có được không,
Mình thì chịu,
Ha ha mình làm được rùi tks
Ta có $x^{2}+y^{2}+z^{2}\leq 3y$
Mà $x^{2}\geq 2x-1;z^{2}\geq 2z-1;y^{2}\geq 4y-4\Rightarrow 2x+2z+4y-6\leq 3y\Rightarrow 2x+2z+y\leq 6$
Do đó $VT\geq \frac{256}{16^{2}}=1$
Chuyên Vĩnh Phúc
Ha ha mình làm được rùi tks
Ta có $x^{2}+y^{2}+z^{2}\leq 3y$
Mà $x^{2}\geq 2x-1;z^{2}\geq 2z-1;y^{2}\geq 4y-4\Rightarrow 2x+2z+4y-6\leq 3y\Rightarrow 2x+2z+y\leq 6$
Do đó $VT\geq \frac{256}{16^{2}}=1$
siêu thế.
cái điều kiện ẩn quá.
có cách làm nào khác cho bài này không nhỉ?
Sống là cho, đâu chỉ nhận riêng mình
0 thành viên, 1 khách, 0 thành viên ẩn danh