Cách 2:Theo AM-GM, ta có: $$2x + y + z = \left( {x + y} \right) + \left( {x + z} \right) \ge 2\left( {\sqrt {xy} + \sqrt {xz} } \right)$$
Do đó: $$\dfrac{1}{{2x + y + z}} \le \dfrac{1}{2}\left( {\dfrac{1}{{\sqrt {xy} + \sqrt {xz} }}} \right) \le \dfrac{1}{8}\left( {\dfrac{1}{{\sqrt {xy} }} + \dfrac{1}{{\sqrt {xz} }}} \right)$$
Tương tự cho hai biểu thức còn lại. Cộng các BĐT đó vế theo vế ta được:
$$\dfrac{1}{{2x + y + z}} + \dfrac{1}{{x + 2y + z}} + \dfrac{1}{{x + y + 2z}} \le \dfrac{1}{4}\left( {\dfrac{1}{{\sqrt {xy} }} + \dfrac{1}{{\sqrt {yz} }} + \dfrac{1}{{\sqrt {zx} }}} \right)$$
Lại theo AM-GM:$$1 = \dfrac{1}{2}\left( {\dfrac{1}{x} + \dfrac{1}{y}} \right) + \dfrac{1}{2}\left( {\dfrac{1}{y} + \dfrac{1}{z}} \right) + \dfrac{1}{2}\left( {\dfrac{1}{z} + \dfrac{1}{x}} \right) \ge \dfrac{1}{{\sqrt {xy} }} + \dfrac{1}{{\sqrt {yz} }} + \dfrac{1}{{\sqrt {zx} }}$$
Từ đó ta suy ra đpcm. Đẳng thức xảy ra $ \Leftrightarrow x = y = z = 1$.
Cách 3:Áp dụng AM-GM cho 4 số thực dương:
$$\left( {x + x + y + z} \right)\left( {\dfrac{1}{x} + \dfrac{1}{x} + \dfrac{1}{y} + \dfrac{1}{z}} \right) \ge 16 \Rightarrow \dfrac{1}{{2x + y + z}} \le \dfrac{1}{{16}}\left( {\dfrac{2}{x} + \dfrac{1}{y} + \dfrac{1}{z}} \right)$$
Từ đây trở lại cách trên ta cũng có đpcm.
Cách 4:Ta có: $$2x + y + z = x + x + y + z \ge 4\sqrt[4]{{x.x.y.z}} \Rightarrow \dfrac{1}{{2x + y + z}} \le \dfrac{1}{{4\sqrt[4]{{{x^2}yz}}}}$$
Mặt khác: $$\sqrt[4]{{\dfrac{1}{x}.\dfrac{1}{x}.\dfrac{1}{y}.\dfrac{1}{z}}} \le \dfrac{1}{4}\left( {\dfrac{1}{x} + \dfrac{1}{x} + \dfrac{1}{y} + \dfrac{1}{z}} \right) \Rightarrow \dfrac{1}{{2x + y + z}} \le \dfrac{1}{{16}}\left( {\dfrac{2}{x} + \dfrac{1}{y} + \dfrac{1}{z}} \right)$$
Trở về cách trên.
------------------------------------------------------------
Mở rộng bài toán trên.
Cho $n$ số thực dương cho trước ${a_1},{a_2},...,{a_n}$ thỏa mãn $\sum\limits_{i = 1}^n {{{\dfrac{1}{a}}_i}} = k,\,\,n > 1,\,\,k > 0$ cho trước. Chứng minh rằng:
$$\dfrac{1}{{{m_1}{a_1} + {m_2}{a_2} + ... + {m_n}{a_n}}} + \dfrac{1}{{{m_2}{a_1} + ... + {m_n}{a_{n - 1}} + {m_1}{a_n}}} + ... + \dfrac{1}{{{m_n}{a_1} + {m_1}{a_2} + ... + {m_{n - 1}}{a_n}}} \le \dfrac{k}{{\sum\limits_{i = 1}^n {{m_i}} }}$$
Bài viết đã được chỉnh sửa nội dung bởi xusinst: 04-11-2011 - 23:28