Các bài toán bất đẳng thức phân tích thành tổng bình phương là các bài toán rất khố với những bạn mới tiếp xúc về BĐT.Vì vậy trong chủ đề này mình sẽ giới thiệu một số bài toán giải bằng phương pháp trên của thành viên Ta Hong Quang được đăng tại Mathlink.ro để các bạn thử sức
THQ032. Let $a, \, b, \, c \, \in R$ . Prove that
\[a^4+b^4+c^4+2abc(a+b+c) \ge 0 \]
THQ033. Let $a, \, b, \, c \, \in R$ . Prove that
\[(a^2+b^2+c^2)^2 \ge ab^3+bc^3+cb^3 \]
THQ034. Let $a, \, b, \, c \, \in R$ . Prove that
\[(a^2+b^2+c^2)^2-3abc(a+b+c) \ge 3(a+b+c)(a-b)(b-c)(c-a) \]
----------
THQ035. Let $a, \, b, \, c \, \in R$ . Prove that
\[3(a^4+b^4+c^4)+4(a^3b+b^3c+c^3a) \ge 6abc(a+b+c) \]
-------------
THQ036. Let $a, \, b, \, c \, \in R$ . Prove that
\[(a^2+b^2+c^2)^2+2(a^3b+b^3c+c^3a) \ge 4abc(a+b+c) \]
-------------
THQ037. Let $a, \, b, \, c \, \in R$ . Prove that
\[(a^2+b^2+c^2)^2+2(a^3b+b^3c+c^3a) \ge 3(ab^3+bc^3+ca^3) \]
-------------
THQ038. Let $a, \, b, \, c \, \in R$ . Prove that
\[(a^2+b^2+c^2)^2+3(a^3b+b^3c+c^3a) \ge 6abc(a+b+c) \]
THQ039. Let $a, \, b, \, c \, \in R$ . Prove that
\[(a^2+b^2+c^2)^2 \ge \sqrt{6}(a+b+c)(a-b)(b-c)(a-c) \]
-----------
THQ040. Let $a, \, b, \, c \, \in R$ . Prove that
\[(a^2+b^2+c^2)^2 -2abc(a+b+c) \ge 2(a+b+c)(a-b)(b-c)(a-c) \]
--------------
THQ041. Let $a, \, b, \, c \, \in R$ . Prove that
\[3(a^4+b^4+c^4)+2(b^3a+a^3c+c^3b) \ge 3(a^3b+b^3c+c^3a) \]
--------------
THQ042. Let $a, \, b, \, c \, \in R$ . Prove that
\[a^4+b^4+c^4+a^2b^2+b^2c^2+c^2a^2 \ge 2(a+b+c)(a-b)(b-c)(c-a) \]
--------------
THQ043. Let $a, \, b, \, c \, \in R$ . Prove that
\[5(a^4+b^4+c^4)+4(a^3b+b^3c+c^3a) \ge 8abc(a+b+c) \]
--------------
THQ044. Let $a, \, b, \, c \, \in R$ . Prove that
\[2(a+b+c)^4+3(a^2b^2+b^2c^2+c^2a^2) \ge 6(a+b+c)(a+b)(b+c)(c+a) \]
--------------
THQ045. Let $a, \, b, \, c \, \in R$ . Prove that
\[ 2(a^4+b^4+c^4+a^3b+b^3c+c^3a) \ge 3abc(a+b+c) \]
--------------
THQ046. Let $a, \, b, \, c \, \in R$ . Prove that
\[ a^4+b^4+c^4+a^3b+b^3c+c^3a \ge \dfrac 35(ab+bc+ca)^2 \]
THQ050. Let $a, \, b, \, c \, \in R$ . Prove that
\[7(a^2+b^2+c^2)^2+12\sum_{cyc}^{ }ab(a^2+b^2)\ge0\]
THQ052. Let $a, \, b, \, c \, \in R$ . Prove that
$ (a^2+b^2+c^2)^2 - 3abc(a+b+c) \ge $
$\ge \dfrac{1}{4}((a^2-b^2-2ab+bc+ac)^2+(a^2-b^2+2ab-bc-ac)^2) $
Mình muốn trích dẫn nguyên si nhưng không gửi được đành phải xóa thẻ trích dẫn đi các bạn hãy thử khả năng phân tích của mình nha
Các bất đẳng thức giải bằng phương pháp phân tích thành tổng bình phương
Bắt đầu bởi alex_hoang, 16-11-2011 - 15:48
#1
Đã gửi 16-11-2011 - 15:48
- hai_ddt_311, viet 1846, MIM và 4 người khác yêu thích
#2
Đã gửi 17-11-2011 - 22:49
THQ034
$ (3a^{2}+3b^{2}+4c^{2}+2ab+bc+ca)(a-b)^{2}+
(3b^{2}+3c^{2}+4a^{2}+2bc+ac+ab)(b-c)^{2}+(3c^{2}+3a^{2}+4b^{2}+2ac+ab+bc)(c-a)^{2}$
Đây là phân tích của câu THQ034 còn các câu có dấu bằng không xảy ra tại $ a=b=c $ thì ai biết post nhé còn câu đẩu thì có một cách khác không cần phân tích bình phương
$ a^{4}+b^{4}+c^{4}\geq a^{2}b^{2}+b^{2}c^{2}+c^{2}a^{2}$(BĐT hoán vị)
$ \Rightarrow a^{4}+b^{4}+c^{4}+2abc(a+b+c)=(ab+bc+ca)^{2}\geq 0$
$ (3a^{2}+3b^{2}+4c^{2}+2ab+bc+ca)(a-b)^{2}+
(3b^{2}+3c^{2}+4a^{2}+2bc+ac+ab)(b-c)^{2}+(3c^{2}+3a^{2}+4b^{2}+2ac+ab+bc)(c-a)^{2}$
Đây là phân tích của câu THQ034 còn các câu có dấu bằng không xảy ra tại $ a=b=c $ thì ai biết post nhé còn câu đẩu thì có một cách khác không cần phân tích bình phương
$ a^{4}+b^{4}+c^{4}\geq a^{2}b^{2}+b^{2}c^{2}+c^{2}a^{2}$(BĐT hoán vị)
$ \Rightarrow a^{4}+b^{4}+c^{4}+2abc(a+b+c)=(ab+bc+ca)^{2}\geq 0$
- PlanBbyFESN yêu thích
#3
Đã gửi 18-11-2011 - 17:54
Đúng là câu đầu không cần phân tích tổng bình phương thật nhưng mà mình thấy cách phân tích tổng bình phương thì nó hay hơn
#4
Đã gửi 14-04-2012 - 12:43
Mấy bài này đã được chú Tạ Hồng Qunảg post trên topic " Bất đẳng thức Made in BOXMATH "
Và nó cũng được giải khá ấn tượng.
http://boxmath.vn/4r...-boxmath-19425/
Và nó cũng được giải khá ấn tượng.
http://boxmath.vn/4r...-boxmath-19425/
1 người đang xem chủ đề
0 thành viên, 1 khách, 0 thành viên ẩn danh