Cho $u_{n}$: $\left\{\begin{matrix}u_{1}=1; u_{2}=p \\ u_{n+2}=2pu_{n+1}-u_{n} \end{matrix}\right.$
CM: $\frac{u_{p+1}+1}{p+1}$ là số chính phương với p lẻ.
Bài viết đã được chỉnh sửa nội dung bởi mnguyen99: 21-08-2015 - 23:38
Cho $u_{n}$: $\left\{\begin{matrix}u_{1}=1; u_{2}=p \\ u_{n+2}=2pu_{n+1}-u_{n} \end{matrix}\right.$
CM: $\frac{u_{p+1}+1}{p+1}$ là số chính phương với p lẻ.
Bài viết đã được chỉnh sửa nội dung bởi mnguyen99: 21-08-2015 - 23:38
THCS NGUYỄN DUY,PHONG ĐIỀN$\Rightarrow$THPT CHUYÊN QUỐC HỌC HUẾ$\Rightarrow$???
TẬP LÀM THÁM TỬ TẠI ĐÂY http://diendantoanho...ám/#entry513026
Giải đc 1 phần.
p nguyên dương nên $p\geq 1$
_TH $p=1$...đúng
_TH $p>1$:
xét pt đặc trưng $x^{2}-2px+1=0$
với $p>1$ suy ra $\Delta =p^{2}-1> 0$ và ta cx đc 2 nghiệm của pt: $x_{1}=p+\sqrt{p^{2}-1}$ ; $x_{2}=p-\sqrt{p^{2}-1}$
=> $u_{n}=A.(p+\sqrt{p^{2}-1})^{n}+B.(p-\sqrt{p^{2}-1})^{n}$ (1)
Thay n lần lượt bằng 1 và 2 ta đc 1 hpt
Giải hệ ta tìm được: $A=\frac{p-\sqrt{p^{2}-1}}{2}$ ; $B=\frac{p+\sqrt{p^{2}-1}}{2}$
Từ đó ta có công thức tổng quát : $u_{n}=\frac{p-\sqrt{p^{2}-1}}{2}.(p+\sqrt{p^{2}-1})^{n}+\frac{p+\sqrt{p^{2}-1}}{2}.(p-\sqrt{p^{2}-1})^{n}$
Hay $u_{n}= \frac{(p+\sqrt{p^{2}-1})^{n-1}}{2}+\frac{(p-\sqrt{p^{2}-1})^{n-1}}{2}$ (*)
(Do $(p+\sqrt{p^{2}-1}).(p-\sqrt{p^{2}-1})=1$)
Từ đó: $\frac{u_{p+1}+1}{p+1}=\frac{(p+\sqrt{p^{2}-1})^{p}+(p-\sqrt{p^{2}-1})^{p}+2}{2(p+1)}$
Bài toán đc đưa về c/m: $\forall p$ là số nguyên dương lẻ thì $G= \frac{(p+\sqrt{p^{2}-1})^{p}+(p-\sqrt{p^{2}-1})^{p}+2}{2(p+1)}$ là SCP. (**)
Tạm dừng tại đây, vẫn chưa nghĩ thông (mn phát triển tiếp).
Bài viết đã được chỉnh sửa nội dung bởi huypham2811: 22-08-2015 - 14:16
Hoàn thiện bài toán:
chứng minh bài toán (**):
Thật vậy, Đặt $p=2k+1$ suy ra $G=\frac{(2k+1+\sqrt{4k^{2}+4k})^{2k+1}+(2k+1-\sqrt{4k^{2}+4k})^{2k+1}+2}{4(k+1)}$
<=> $G=\frac{(\sqrt{k+1}+\sqrt{k})^{2(2k+1)}+(\sqrt{k+1}-\sqrt{k})^{2(2k+1)}+2}{4(k+1)}$
<=> $G=\frac{[(\sqrt{k+1}+\sqrt{k})^{2k+1}+(\sqrt{k+1}-\sqrt{k})^{2k+1}]^{2}}{4(k+1)}$
(Do $(\sqrt{k+1}+\sqrt{k})^{2k+1}*(\sqrt{k+1}-\sqrt{k})^{2k+1}=1$)
<=> $G=\frac{[(2\sqrt{k+1}).(\alpha ^{2k}-\alpha ^{2k-1}.\beta +...+\beta ^{2k} )]^{2}}{4(k+1)}$
(Với $ \alpha = \sqrt{k+1}+\sqrt{k}$ và $ \beta =\sqrt{k+1}-\sqrt{k}$ )
<=> $G= [\alpha ^{2k}-\alpha ^{2k-1}.\beta +...+\beta ^{2k}]^{2}$
Do đó $G$ là SCP.
Vậy bài toán đc c/m.
Cho $u_{n}$: $\left\{\begin{matrix}u_{1}=1; u_{2}=p \\ u_{n+2}=2pu_{n+1}-u_{n} \end{matrix}\right.$
CM: $\frac{u_{p+1}+1}{p+1}$ là số chính phương với p lẻ.
Ta xét phương trình Pell loại 1 sau: $x^2-(p^2-1)y^2=1$
Bộ nghiệm nhỏ nhất của phương trình là $(p,1)$ cho nên, phương trình này có nghiệm:
$\left\{\begin{matrix}x_{1}=1; x_{2}=p, x_{n+2}=2px_{n+1}-x_{n} \\ y_{1}=0; y_{2}=1, y_{n+2}=2py_{n+1}-y_{n} \end{matrix}\right.$
Vậy dãy $u_{n}$ chính là dãy $x_{n}$.
Khi đó $x^2-(p^2-1)y^2=1 \Leftrightarrow \frac{x_{p+1}+1}{p+1}.\frac{x_{p+1}-1}{p-1}=(y_{p+1})^2$
Từ đây ta quy nạp $\frac{x_{p+1}+1}{p+1}$ và $\frac{x_{p+1}-1}{p-1}$ là số nguyên sẽ suy ra điều phải chứng minh.
từ đây không đủ suy ra dpcm bạn à
Bài này là tổng quát của bài 4 Vietnam TST 2012, các bạn tham khảo tại đây
http://diendantoanho...sach-dội-tuyển/
0 thành viên, 0 khách, 0 thành viên ẩn danh