Cho a,b,c>0. Chứng minh rằng:
$\frac{a^{3}+b^{3}}{c}+\frac{b^{3}+c^{3}}{a}+\frac{c^{3}+a^{3}}{b}\geq \frac{2}{3}\left ( \sqrt{ab}+\sqrt{bc}+\sqrt{ca} \right )^{2}$
Cho a,b,c>0. Chứng minh rằng:
$\frac{a^{3}+b^{3}}{c}+\frac{b^{3}+c^{3}}{a}+\frac{c^{3}+a^{3}}{b}\geq \frac{2}{3}\left ( \sqrt{ab}+\sqrt{bc}+\sqrt{ca} \right )^{2}$
Vũ trụ không có biên trong không gian, không có bắt đầu và kết thúc trong thời gian và chẳng có việc gì cho đấng sáng thế phải làm ở đây cả.
Cho a,b,c>0. Chứng minh rằng:
$\frac{a^{3}+b^{3}}{c}+\frac{b^{3}+c^{3}}{a}+\frac{c^{3}+a^{3}}{b}\geq \frac{2}{3}\left ( \sqrt{ab}+\sqrt{bc}+\sqrt{ca} \right )^{2}$
Ta có VP $\leq \frac{2}{3} (\sum \frac{a+b}{2})^{2}=\frac{2}{3} (a+b+c)^{2}$ ($AM-GM$)
Cần cm $\frac{2}{3} (a+b+c)^{2} \leq VT $
Giả sử $a+b+c=3$ thì ta cần cm : $VT \geq 6$
Sử dụng :$a^{3}+b^{3} \geq 3ab(a+b) \Leftrightarrow (a+b)(a-b)^{2} \geq 0 $
$$\Rightarrow VT\geq \sum \frac{ab(a+b)}{c} = \sum\frac{3ab-abc}{c} =3\sum \frac{ab}{c} -\sum ab$$
Áp dụng bất đẳng thức hoán vị cho hai bộ đơn điệu cùng chiều sau :
$$(ab;bc;ac)$$
$$(\frac{1}{c};\frac{1}{a};\frac{1}{b})$$
Ta được $3\sum \frac{ab}{c} \geq 3(\frac{ab}{b}+\frac{bc}{c}+\frac{ac}{a}) \geq3( a+b+c) = 9$
Mà từ $a+b+c=3\Rightarrow ab +bc+ac \leq 3 \Rightarrow -(ab+bc+ac) \geq -3 $
$\Rightarrow$ ĐPCM
P\s: a ơi nếu VT là $\sum \frac{a^{3}+b^{3}}{c^{3}}$ thì bđt không đúng với mọi a,b,c
Bài viết đã được chỉnh sửa nội dung bởi Thislife: 31-05-2016 - 07:17
0 thành viên, 0 khách, 0 thành viên ẩn danh