Trận 14 - "MSS21 nthoangcute" VS ALL
#21
Đã gửi 21-05-2012 - 05:57
Cách 1 (của lớp 9):
Giả sử $BF$ cắt đường tòn ngoại tiếp tam giác $ACF$ tại điểm thứ hai là $H$
Giả sử $CE$ cắt đường tòn ngoại tiếp tam giác $ABE$ tại điểm thứ hai là $G$
Khi đó ta có tứ giác $AFCH$ nội tiếp, tứ giác $AEBG$ nội tiếp
Vì tứ giác $AFCH$ nội tiếp
Suy ra $\widehat{BHC}=\widehat{FAC}$ (1)
Vì $AF$ là phân giác $\widehat{BAC}$ (theo giả thiết)
Suy ra $\widehat{FAC}=\widehat{BAF}$ (2)
Vì tứ giác $AEBG$ nội tiếp
Suy ra $\widehat{BAF}=\widehat{BGC}$ (3)
Từ (1), (2) và (3) ta được $\widehat{BHC}=\widehat{BGC}$
Xét tứ giác $BCHG$ có $\widehat{BHC}=\widehat{BGC}$ (chứng minh trên)
Suy ra tứ giác $BCHG$ nội tiếp
Suy ra $\widehat{HGC}=\widehat{HBC}$
Mà $\widehat{HBC}=\widehat{ABE}$ (theo giả thiết)
và $\widehat{ABE}=\widehat{AGC}$ (do tứ giác $AEBG$ nội tiếp)
Suy ra $\widehat{HGC}=\widehat{AGC}$
Mà $H$ và $A$ cùng thuộc nửa mặt phẳng bờ $GC$
Suy ra $G,A,H$ thẳng hàng.
Khi đó $\widehat{BCE}=\widehat{BCG}=\widehat{BHG}$ (do tứ giác $BCHG$ nội tiếp)
Ta lại có $G,A,H$ thẳng hàng (chứng minh trên) nên $\widehat{BHG}=\widehat{BHA}$
Vì tứ giác $AHCF$ nội tiếp nên $\widehat{BHA}=\widehat{ACF}$
Từ đó suy ra $\widehat{ACF}=\widehat{BCE}$
+Nếu $E$ trùng với $F$ thì ta có: $\widehat{ACE}=\widehat{ACF}=\widehat{BCE}=\widehat{BCF}$
Suy ra $\widehat{ACE}=\widehat{BCF}$
+Nếu $E$ nằm giữa $A$ và $F$ thì ta có: $\widehat{ACE}=\widehat{ACF}-\widehat{FCE}=\widehat{BCE}-\widehat{FCE}=\widehat{BCF}$
Suy ra $\widehat{ACE}=\widehat{BCF}$
+Nếu $F$ nằm giữa $A$ và $E$ thì ta có: $\widehat{ACE}=\widehat{ACF}+\widehat{FCE}=\widehat{BCE}+\widehat{FCE}=\widehat{BCF}$
Suy ra $\widehat{ACE}=\widehat{BCF}$
Tóm lại $\widehat{ACE}=\widehat{BCF}$ (đpcm)
_____________________________________________________________________________
Cách 2: (của lớp 7,8)
<Em nói trước là em trình bày bài hơi dài để không sai cái "vụn vặt" bởi tính em hay cẩu thả, mong anh tha thứ>
Gọi $H,I$ lần lượt là điểm đối xứng của $E$ qua đường thẳng $AB, AC.$
Gọi $K$ là điểm đối xứng của $F$ qua đường thẳng $BC.$
Khi đó ta có $AB$ là đường trung trực của $HE$ (vì $H$ và $E$ đối xứng với nhau qua $AB$)
Suy ra $AH=AE, BH=BE, \widehat{ABH}=\widehat{ABE}, \widehat{BAH}=\widehat{BAE}$
Ta lại có $\widehat{BAE}=\frac{\widehat{BAC}}{2}$ (vì $ AD$ là phân giác $\widehat{BAC}$)
Suy ra $\widehat{HAE}=\widehat{BAC}$
Chứng minh hoàn toàn tương tự ta cũng được $AI=AE, CI=CE, \widehat{ACI}=\widehat{ACE}, \widehat{IAE}=\widehat{BAC}$
Từ đó suy ra $AH=AI (=AE), \widehat{HAE}=\widehat{IAE}$
Xét $\Delta$HAE và $\Delta$IAE có:
$AH=AI$ (theo chứng minh ở trên)
$\widehat{HAE}=\widehat{IAE}$ (theo chứng minh ở trên)
$AE$ là cạnh chung
Suy ra $\Delta$HAE = $\Delta$IAE (c.g.c)
Suy ra $HE=EI$ (hai cạnh tương ứng), mà $HA=AI$
Suy ra $H$ và $I$ đối cứng nhau qua $AE$
Hay $H$ và $I$ đối cứng nhau qua $AF$
Suy ra $HF=FI$
Vì $F$ và $K$ đối xứng nhau qua $BC$, suy ra $BC$ là đường trung trực của $FK.$
Suy ra $FB=BK, FC=CK, \widehat{FBC}=\widehat{KBC}, \widehat{FCB}=\widehat{KCB}$
Ta thấy: $\widehat{HBF}=\widehat{EBK}$
Thật vậy:
+Nếu $E$ trùng với $F$ thì $\widehat{HBF}=\widehat{HBE}=2.\widehat{ABE}=2.\widehat{CBF}=\widehat{FBK}=\widehat{EBK}$ (vì theo chứng minh ở trên)
+Nếu $E$ nằm giữa $A$ và $F$ thì:
$\widehat{HBF}=\widehat{HBE}+\widehat{EBF}=2.\widehat{ABE}+\widehat{EBF}$
(vì $\widehat{HBA}=\widehat{EBA}$ theo chứng minh trên)
$\widehat{EBK}=\widehat{KBF}+\widehat{EBF}=2.\widehat{CBF}+\widehat{EBF}$
(vì $\widehat{CBK}=\widehat{CBF}$ theo chứng minh trên)
Mà $\widehat{ABE}=\widehat{CBF}$ (theo giả thiết)
Suy ra $\widehat{HBF}=\widehat{EBK}$
+Nếu $F$ nằm giữa $A$ và $E$ thì:
$\widehat{HBF}=\widehat{HBE}-\widehat{EBF}=2.\widehat{ABE}-\widehat{EBF}$
(vì $\widehat{HBA}=\widehat{EBA}$ theo chứng minh trên)
$\widehat{EBK}=\widehat{KBF}-\widehat{EBF}=2.\widehat{CBF}-\widehat{EBF}$
(vì $\widehat{CBK}=\widehat{CBF}$ theo chứng minh trên)
Mà $\widehat{ABE}=\widehat{CBF}$ (theo giả thiết)
Suy ra $\widehat{HBF}=\widehat{EBK}$
Tóm lại, $\widehat{HBF}=\widehat{EBK}$.
Ta có:
Xét $\Delta$HBF và $\Delta$EBK có:
$BH=BE$ (theo chứng minh trên)
$\widehat{HBF}=\widehat{EBK}$ (theo chứng minh trên)
$BF=BK$ (theo chứng minh trên)
Suy ra $\Delta$HBF = $\Delta$EBK (c.g.c)
Suy ra $EK=HF$, mà $HF=IF$ (theo chứng minh trên)
Suy ra $EK=IF (=HF)$
Xét $\Delta$ICF và $\Delta$ECK có:
$IC=EC$ (theo chứng minh trên)
$EI=EK$ (theo chứng minh trên)
$FC=CK$ (theo chứng minh trên)
Suy ra $\Delta$ICF = $\Delta$ECK (c.g.c)
Suy ra $\widehat{ICF}=\widehat{ECK}$ (hai góc tương ứng)
+Nếu $E$ trùng với $F$ thì ta thấy:
$\widehat{ABE}=\widehat{CBF}=\widehat{CBE}$, mà $E$ nằm trong tam giác $ABC, AE$ là phân giác $\widehat{BAC}$
nên $E$ là giao 3 đường phân giác trong của tam giác $ABC$
Suy ra $CE$ là phân giác của $\widehat{ACB}$
Suy ra $\widehat{ACE}=\widehat{BCE}=\widehat{BCF}$
+Nếu $E$ nằm giữa $A$ và $F$ thì:
$\widehat{ICF}=\widehat{ICE}+\widehat{ECF}=2.\widehat{ACE}+\widehat{ECF}$ (vì $\widehat{ICA}=\widehat{ACE}$ theo chứng minh trên)
$\widehat{ECK}=\widehat{FCK}+\widehat{ECF}=2.\widehat{BCF}+\widehat{ECF}$ (vì $\widehat{FCB}=\widehat{BCK}$ theo chứng minh trên)
Mà $\widehat{ICF}=\widehat{ECK}$ (theo chứng minh trên)
Suy ra $\widehat{ACE}=\widehat{BCF}$
+Nếu $F$ nằm giữa $A$ và $E$ thì:
$\widehat{ICF}=\widehat{ICE}-\widehat{ECF}=2.\widehat{ACE}-\widehat{ECF}$ (vì $\widehat{ICA}=\widehat{ACE}$ theo chứng minh trên)
$\widehat{ECK}=\widehat{FCK}-\widehat{ECF}=2.\widehat{BCF}-\widehat{ECF}$ (vì $\widehat{FCB}=\widehat{BCK}$ theo chứng minh trên)
Mà $\widehat{ICF}=\widehat{ECK}$ (theo chứng minh trên)
Suy ra $\widehat{ACE}=\widehat{BCF}$
Tóm lại, ta luôn có $\widehat{ACE}=\widehat{BCF}$ (đpcm)
- Dung Dang Do, daovuquang và danganhaaaa thích
BÙI THẾ VIỆT - Chuyên gia Thủ Thuật CASIO
• Facebook : facebook.com/viet.alexander.7
• Youtube : youtube.com/nthoangcute
• Gmail : [email protected]
• SÐT : 0965734893
#22
Đã gửi 21-05-2012 - 06:00
Tia $CE$ cắt đường tròn ngoại tiếp $\triangle BAE$ tại điểm thứ 2 là $P$.
Tia $BF$ cắt đường tròn ngoại tiếp $\triangle ACF$ tại điểm thứ 2 là $Q$
Ta có: $\widehat{BQC}=\widehat{DAC}$ (cùng chắn cung $FC$); $\widehat{BPC}=\widehat{BAE}$ (cùng chắn cung $BE$)
AD phân giác góc $BAC$ nên $\widehat{BAE}=\widehat{CAE} \Rightarrow \widehat{BPC}=\widehat{BQC}$
Tứ giác BPQC có 2 đỉnh P,Q nhìn đoạn BC dưới 1 góc bằng nhau nên là tứ giác nội tiếp.
Suy ra: $\widehat{QBC}=\widehat{QPC}$
Mà ta lại có: $\widehat{QBC}=\widehat{ABE}=\widehat{APE}$ nên $\widehat{QPC}=\widehat{APE}$
Mà A,Q cùng thuộc nửa mặt phẳng bờ $PC$ nên $A,P,Q$ thẳng hàng.
Do đó ta có: $\widehat{BCP}=\widehat{BQP}=\widehat{AQF}=\widehat{ACF}$
$\Rightarrow \widehat{BCP}-\widehat{FCE}=\widehat{ACF}-\widehat{FCE}$
$\Rightarrow \widehat{ACE}=\widehat{BCF}$
_________________________________________
P/S: Nãy định post lúc 7 giờ mà phải đi qua trường
Mình không có ý định soi chỗ vớ vẩn nhưng chỗ màu đỏ là sai thật
Ta phải xét 3 trường hợp chứ nhỉ?
- Cao Xuân Huy, Mai Duc Khai, minhtuyb và 1 người khác yêu thích
BÙI THẾ VIỆT - Chuyên gia Thủ Thuật CASIO
• Facebook : facebook.com/viet.alexander.7
• Youtube : youtube.com/nthoangcute
• Gmail : [email protected]
• SÐT : 0965734893
#23
Đã gửi 21-05-2012 - 06:06
Thịnh "mod" ơi, chỗ này nhầm nhọt một tị rồi, nhưng không sao đâu, chắc giám khảo châm trước đượcLời giải thứ 2 của Nguyen Lam Thinh:
( P/S: Nếu như cách giải thứ nhất, ta chỉ dùng kiến thức của lớp 7(khá hay), thì ở cách giải này, ta dùng đến tí tẹo kiến thức lớp 9 )
Từ (1),(2) =>$ \Rightarrow \frac{{\sin \widehat{ACE}}}{{\sin \widehat{FCD}}} > 1 \Rightarrow \frac{{EI}}{{FI}} > {\rm{ }}\frac{{CE}}{{CF}}$
Giả sử $\angle ACE > \angle FCD$ => $\frac{{\sin \widehat{ACE}}}{{\sin \widehat{FCD}}} > 1 \Rightarrow \frac{{FI}}{{EI}} > \frac{{CE}}{{CF}}$(3)
- danganhaaaa yêu thích
BÙI THẾ VIỆT - Chuyên gia Thủ Thuật CASIO
• Facebook : facebook.com/viet.alexander.7
• Youtube : youtube.com/nthoangcute
• Gmail : [email protected]
• SÐT : 0965734893
#24
Đã gửi 21-05-2012 - 06:14
Chỗ này thì sai thật. Đề bài muốn chứng minh $\widehat{ACE}=\widehat{BCF}$ hay $\sin ACE=\sin BCF$ mà từ chỗ đó cậu cho luôn nó bằng nhau vào, cái chỗ: $\frac{{0,5.AC.CE.\sin \widehat{ACE}}}{{0,5.CF.CD.\sin \widehat{FCD}}} = \frac{{AC}}{{CD}}.\frac{{CE}}{{CF}} $Lời giải thứ 2 của Nguyen Lam Thinh:
( P/S: Nếu như cách giải thứ nhất, ta chỉ dùng kiến thức của lớp 7(khá hay), thì ở cách giải này, ta dùng đến tí tẹo kiến thức lớp 9 )
Lại có: $\frac{{AE}}{{FD}} = \frac{{{S_{ACE}}}}{{{S_{CFD}}}} = \frac{{0,5.AC.CE.\sin \widehat{ACE}}}{{0,5.CF.CD.\sin \widehat{FCD}}} = \frac{{AC}}{{CD}}.\frac{{CE}}{{CF}} = \frac{{AI}}{{ID}}.\frac{{CE}}{{CF}}$ (2)
(Do CI là phân giác của $\angle ACB$)
- danganhaaaa yêu thích
BÙI THẾ VIỆT - Chuyên gia Thủ Thuật CASIO
• Facebook : facebook.com/viet.alexander.7
• Youtube : youtube.com/nthoangcute
• Gmail : [email protected]
• SÐT : 0965734893
#25
Đã gửi 21-05-2012 - 06:20
Mình thấy cách giải của các bạn có thể làm bài toán này mà không cần tam giác ABC nhọn, hay E, F thuộc đoạn thẳng AD mà có thể cho Tam giác ABC bất kì, E, F thuộc đường thẳng AD.
Cách chứng minh thì hơi khác, nhưng lại hay.
- danganhaaaa yêu thích
BÙI THẾ VIỆT - Chuyên gia Thủ Thuật CASIO
• Facebook : facebook.com/viet.alexander.7
• Youtube : youtube.com/nthoangcute
• Gmail : [email protected]
• SÐT : 0965734893
#26
Đã gửi 21-05-2012 - 07:11
Chết thật. Tự nhiên quên mất. Hi vọng không mất hếtMình không có ý định soi chỗ vớ vẩn nhưng chỗ màu đỏ là sai thật
Ta phải xét 3 trường hợp chứ nhỉ?
Cao Xuân Huy tự hào là thành viên VMF
#27
Đã gửi 21-05-2012 - 10:46
Thịnh "mod" ơi, chỗ này nhầm nhọt một tị rồi, nhưng không sao đâu, chắc giám khảo châm trước được
$P/S:$hì, cách giải đúng mà mình trình bày thiếu tí, haizzz, (do yếu điện), nên bài viết vị vậy đó, mà ý tưởng đúng , hìChỗ này thì sai thật. Đề bài muốn chứng minh $\widehat{ACE}=\widehat{BCF}$ hay $\sin ACE=\sin BCF$ mà từ chỗ đó cậu cho luôn nó bằng nhau vào, cái chỗ: $\frac{{0,5.AC.CE.\sin \widehat{ACE}}}{{0,5.CF.CD.\sin \widehat{FCD}}} = \frac{{AC}}{{CD}}.\frac{{CE}}{{CF}} $
------
Bài viết đã được chỉnh sửa nội dung bởi Nguyen Lam Thinh: 21-05-2012 - 12:33
- nthoangcute yêu thích
GEOMETRY IS WONDERFUL !!!
Some people who are good at calculus think that they will become leading mathematicians. It's funny and stupid.
Nguyễn Lâm Thịnh
#28
Đã gửi 21-05-2012 - 12:04
Trước hết, ta có định lý Ceva-sin như sau:
Cho $\vartriangle ABC$ có tia Ax trong $\angle BAC$, tia $By$ trong $\angle ABC$, tia $Cz$ trong $\angle ACB$.. Khi đó
$AD,BE,CF$ đồng quy
\[
\Leftrightarrow \frac{{\sin xAB}}{{\sin xAC}}.\frac{{\sin zCA}}{{\sin zCB}}.\frac{{\sin yBC}}{{\sin yBA}} = 1
\]
Định lý Ceva-sin hoàn toàn tương đương với định lý Ceva. Các em thử áp dụng vào bài toán trận 14 để tìm một lời giải khác xem
=========================================
Một mở rộng khác:
Cho $\vartriangle ABC$ nhọn. Vẽ tia $Ax,Ax'$ trong $\angle BAC$, tia $By,By'$ trong $\angle ABC$, tia $Cz,Cz'$ trong $\angle ACB$
sao cho $\angle BAx=\angle CAx';\angle ABy=\angle CBy';\angle ACz=\angle BCz'$.
Khi đó
$Ax,By,Cz$ đồng quy tại E $\Leftrightarrow Ax',By',Cz'$ đồng quy tại F.
2 điểm E,F được gọi là 2 điểm đẳng giác của $\vartriangle ABC$.
Một ví dụ: Trong 1 $\vartriangle ABC$, trực tâm H và tâm đường tròn ngoại tiếp O của $\vartriangle ABC$ là 2 điểm đẳng giác
- Nguyễn Hữu Huy, Mai Duc Khai, Dung Dang Do và 3 người khác yêu thích
$$\text{LOVE}\left( x \right)|_{x = \alpha}^\Omega = + \infty $$
I'm still there everywhere.
#29
Đã gửi 24-05-2012 - 22:14
C-B=6.7h
B-A=0
H=17
I=0
$D_{rd}=60.8$
=====================
TỔNG KẾT TRẬN 14
MSS02: Cao Xuân Huy[64.8]
MSS03: yeutoan11
MSS04: nguyenta98ka
MSS05: Secrets In Inequalities VP
MSS06: maikhaiok
MSS08: bong hoa cuc trang
MSS09: minhtuyb[61.6]
MSS10: duongld[59.9]
MSS14: daovuquang[62.2]
MSS16: Nguyễn Hữu Huy[48.7]
MSS17: Nguyen Lam Thinh[66.5]
MSS19: Kir
MSS21: nthoangcute[60.8]
MSS22: nth1235
MSS24: ToanHocLaNiemVui
MSS26: sherlock holmes 1997
MSS27: Cuong Ngyen
MSS28: tranhydong[13.9]
MSS30: phantomladyvskaitokid[60.3]
MSS32: tson1997[53.3]
MSS33: WhjteShadow
MSS36: vtduy97
MSS37: hell angel 97
MSS39: danganhaaaa[60.2]
MSS40: mituot03
MSS41: bossulan239
MSS42: thaonguyenkmhd
MSS43: agito0002
MSS44: hamdvk[49.1]
- duongld yêu thích
$$\text{LOVE}\left( x \right)|_{x = \alpha}^\Omega = + \infty $$
I'm still there everywhere.
1 người đang xem chủ đề
0 thành viên, 1 khách, 0 thành viên ẩn danh