toanhocmuonmau
Thống kê
- Nhóm: Thành viên
- Bài viết: 438
- Lượt xem: 5311
- Danh hiệu: Sĩ quan
- Tuổi: 35 tuổi
- Ngày sinh: Tháng mười hai 13, 1988
-
Giới tính
Bí mật
-
Đến từ
Cần Thơ
-
Sở thích
yêu và chỉ yêu 1 người thôi: Hằng ơi, anh yêu em!!!!!!!!!!!!!
- Website URL http://
Công cụ người dùng
Lần ghé thăm cuối
Trong chủ đề: Việt Nam Team Selection Test 2012 - Đề bài, lời giải và danh sách đội tuyển
17-04-2012 - 19:19
Đặt $a_i=\sqrt{24}x_i,$ khi đó yêu cầu bài toán tương đương với: Chứng minh rằng $C=10$ là hằng số lớn nhất sao cho nếu có $17$ số thực dương $x_1,\,x_2,\, \ldots,\, x_{17}$ thỏa mãn $$x_1^2+x_2^2+\cdots +x_{17}^2=1$$ và $$24(x_1^3+x_2^3+\cdots +x_{17}^3)+(x_1+x_2+\cdots +x_{17}) <C$$ thì với mọi $i,\, j,\, k$ thỏa mãn $1 \le i <j<k\le 17,$ ta có $x_i,\, x_j,\, x_k$ là độ dài ba cạnh của một tam giác.
Trước hết, ta sẽ chứng minh yêu cầu bài toán thỏa với $C=10.$ Không mất tính tổng quát, ta chỉ cần chứng minh $x_1,\,x_2,\, x_3$ là độ dài ba cạnh của một tam giác. Để ý rằng với mọi $0<t<1,$ ta có $$24t^3+t -(16t^4+9t^2)=t(1-t)(4t-1)^2 \ge 0.$$ Do đó, từ giả thiết ta suy ra $$16(x_1^4+x_2^4+\cdots +x_{17}^4)+9(x_1^2+x_2^2+\cdots +x_{17}^2) <10,$$ hay $$16(x_1^4+x_2^4+\cdots +x_{17}^4)<1=(x_1^2+x_2^2+\cdots +x_{17}^2)^2.$$ Bây giờ, sử dụng bất đẳng thức Cauchy-Schwarz, ta có $$16(x_1^4+x_2^4+\cdots +x_{17}^4)=\left(2+\underset{14 \text{ số}}{\underbrace{1+1+\cdots +1}}\right)\left[(x_1^4+x_2^4+x_3^4)+(x_4^4+x_5^4+\cdots +x_{17}^4)\right] \ge \left[ \sqrt{2(x_1^4+x_2^4+x_3^4)}+x_4^2+x_5^2+\cdots +x_{17}^2\right]^2.$$ Do đó, kết hợp với trên, ta thu được $$\sqrt{2(x_1^4+x_2^4+x_3^4)} <x_1^2+x_2^2+x_3^2,$$ hay $$2(x_1^4+x_2^4+x_3^4)<(x_1^2+x_2^2+x_3^2)^2.$$ Mặt khác, ta có đồng nhất thức $$\begin{aligned} (x_1^2+x_2^2+x_3^2)^2&- 2(x_1^4+x_2^4+x_3^4)= \\ &=2(x_1+x_2+x_3)(x_1+x_2-x_3)(x_2+x_3-x_1)(x_3+x_1-x_2). \end{aligned} $$ Do vậy, kết hợp với bất đẳng thức ở trên, ta suy ra $x_1,\,x_2,\,x_3$ là độ dài ba cạnh của một tam giác.
Phần chứng minh $10$ là hằng số lớn nhất khá dễ nên xin dành lại cho bà con. Giờ mình phải đi dạy tiếp đây.
Trong chủ đề: cũ hay mới
11-01-2010 - 10:32
Em đọc kĩ bên topic đó rồi hãy phán!hic! ghê quá anh ạ anh thử cái này nữa xem !
$\dfrac{1}{a(a+b)}+\dfrac{1}{b(b+a)}+\dfrac{1}{c(c+a)} \ge \sum \dfrac{1}{a(b+c)} +\dfrac{2^{10}(a-b)^2}{(3(a+b)+2c)^2}$
lời giải của em từ bài này mà ra!
mà hơn nữa cái mà anh đưa ra hình như kok phải là lời giải !
Trong chủ đề: cũ hay mới
02-01-2010 - 09:34
Bất đẳng thức không sai. Số $ 2^{10}=1024$ có thể thay bằng số khác lớn hơn nữa là $\dfrac{4096}{3}.$ Xem ở đây: http://www.mathlinks...ic.php?t=321693cho các số dương với $c$ nhỏ nhất cmr:
$\dfrac{1}{a(a+b)}+\dfrac{1}{b(b+c)}+\dfrac{1}{c(c+a)} \ge \dfrac{9}{2(ab+bc+ca)}+\dfrac{2^{10}(a-b)^2}{(3(a+b)+2c)^4}$
Trong chủ đề: Lớp luyện thi VMO 2010 trên mạng
27-12-2009 - 08:26
Lời giải của Hiếu ở bài số 1 đề 2 không đúng thầy ạ. Cái đoạn $x<y+z$ ấy ạ. Bất đẳng thức này không đúng ạ.Chương trình được tiếp tục với bài luyện thi số 4
Cảm ơn Nokia Việt Nam đã giúp đỡ chúng tôi thực hiện chương trình này.
Cảm ơn các thành viên DDTH đã hỗ trợ trong việc biên soạn đề.
Trong chủ đề: Lớp luyện thi VMO 2010 trên mạng
08-12-2009 - 02:21
Mình cũng đâu phải tác giả. Mình ghi tác giả là thầy Dũng đàng hoàng mà.Bạn có thể add thêm Bookmark không? Vì mình không phải là tác giả nên không dám add vào Có BM sẽ dễ cho mọi người đọc hơn.
Bên dưới là file mới nhất có bookmark theo yêu cầu (thú thật là mình chẳng thích dùng anh bookmark này mấy).
- Diễn đàn Toán học
- → Đang xem trang cá nhân: Bài viết: toanhocmuonmau