Chứng minh ${\rm{HA + HB + HC}} \ge {\rm{6R}}$
#1
Đã gửi 16-06-2012 - 11:36
Chứng minh $HA+HB+HC \ge 6R$
Đừng chần chờ gì nữa
Nhanh chân lên kẻo muộn bây giờ
#2
Đã gửi 16-06-2012 - 20:36
HA+HB+HC nhìn là biết không $\geq$6R.Coi lại đề
chắc sửa thành HA+HB+HC$\geq$3R
thì làm như zầy,ta có:$\left\{\begin{matrix}HA\geq AE\\HA\geq AD\\HB\geq BE \\HB\geq BK \\HC\geq CD \\HC\geq CK \end{matrix}\right.\Leftrightarrow 2(HA+HB+HC)\geq AB+AC+BC$(1)
Mặt khác ta có:$\left\{\begin{matrix}OA+OB\geq AB\\OB+OC\geq BC \\OA+OC\geq AC \end{matrix}\right.\Leftrightarrow 6R\geq AB+AC+BC$(2)
Lấy (1)-(2) ta được:2(HA+HB+HC)-6R$\geq$0$\Leftrightarrow$HA+HB+HC$\geq$3R.
Bài viết đã được chỉnh sửa nội dung bởi datkjlop9a2hVvMF: 16-06-2012 - 20:49
- Djnh Phan yêu thích
""i'm BEST and PROFESSION""
--N.T.Đ tự hào là thành viên VMF--
nhấp vào
#3
Đã gửi 16-06-2012 - 21:04
Làm sao - vế như thê đc
HA+HB+HC nhìn là biết không $\geq$6R.Coi lại đề
chắc sửa thành HA+HB+HC$\geq$3R
thì làm như zầy,ta có:$\left\{\begin{matrix}HA\geq AE\\HA\geq AD\\HB\geq BE \\HB\geq BK \\HC\geq CD \\HC\geq CK \end{matrix}\right.\Leftrightarrow 2(HA+HB+HC)\geq AB+AC+BC$(1)
Mặt khác ta có:$\left\{\begin{matrix}OA+OB\geq AB\\OB+OC\geq BC \\OA+OC\geq AC \end{matrix}\right.\Leftrightarrow 6R\geq AB+AC+BC$(2)
Lấy (1)-(2) ta được:2(HA+HB+HC)-6R$\geq$0$\Leftrightarrow$HA+HB+HC$\geq$3R.
NGUYỄN HUỆ
Nguyễn Trần Huy
Tự hào là thành viên VMF
#4
Đã gửi 17-06-2012 - 14:20
Nếu như nó tù, H sẽ nằm ngoài tam giác,như vậy thì những gì bạn giải sao dúng đc
Bài viết đã được chỉnh sửa nội dung bởi Nguyen Lam Thinh: 17-06-2012 - 14:35
Đừng chần chờ gì nữa
Nhanh chân lên kẻo muộn bây giờ
#5
Đã gửi 17-06-2012 - 14:46
$\boxed{\text{NLT_CL}}$ Đề đã cho là sai. Mình xin chỉ ra chỗ sai của bài toán (và cũng có thể là hướng giải cho một bài toán khác, chẳng hạn tìm GTNN của tổng $HA+HB+HC$).Cho tam giác $ABC$ nội tiếp $(O;R)$, $H$ là trực tâm của tam giác $ABC$
Chứng minh $HA+HB+HC \ge 6R$
Gọi $M, N, P$ là chân các đường vuông góc kẻ từ O xuống $BC,CA,AB$.
Một bài toán quen thuộc, ta dễ dàng chứng minh được $HA=2.OM$, $HB=2.ON$,$HC=2.OP$ bằng cách vẽ các đường kính, chẳng hạn $AD$.
Và từ đó, ta có: $HA+HB+HC=2(OM+ON+OP)$.
Để ý rằng: $OM\leq R;ON\leq R;OP\leq R$ $\to$ $OM+ON+OP\leq 3R$.
Suy ra: $HA+HB+HC\leq 6R$. Nhưng dấu đẳng thức không xảy ra, do vậy $HA+HB+HC < 6R$ $\to$ Đề bài sai hoàn toàn.
___
Bài viết đã được chỉnh sửa nội dung bởi Nguyen Lam Thinh: 17-06-2012 - 15:10
- Yagami Raito, Lnmn179 và nthoangcute thích
GEOMETRY IS WONDERFUL !!!
Some people who are good at calculus think that they will become leading mathematicians. It's funny and stupid.
Nguyễn Lâm Thịnh
#6
Đã gửi 17-06-2012 - 14:54
Fix lại đi nhé kéo ,$\boxed{\text{NLT_CL}}$ ).
Một bài toán quen thuộc, ta dễ dàng chứng minh được $HA=2.OM$, $HB=2.ON$,$HC=2.OP$ bằng cách vẽ các đường kính, chẳng hạn $AD$.
Và từ đó, ta có: $HA+HB+HC=2(OA+OB+OC)$.
Để ý rằng: $OA\leq R;OB\leq R;OC\leq R$ $\to$ $OA+OB+OC\leq 3R$.
Mà dấu bằng không xảy ra thì đương nhiên không thể tìm $min(HA+HB+HC)$ như thế này được
Đã edit !
Bài viết đã được chỉnh sửa nội dung bởi Nguyen Lam Thinh: 17-06-2012 - 15:39
- NLT yêu thích
#7
Đã gửi 17-06-2012 - 15:10
Sao ko nói nó tù luôn đi để mọi người hiểu lầm,để mình vẽ hình lại.Hơ,tam giác ABC có phải nhọn đâu mà giải như thế được ?????
Nếu như nó tù, H sẽ nằm ngoài tam giác,như vậy thì những gì bạn giải sao dúng đc
Bài viết đã được chỉnh sửa nội dung bởi datkjlop9a2hVvMF: 17-06-2012 - 15:34
- Djnh Phan yêu thích
""i'm BEST and PROFESSION""
--N.T.Đ tự hào là thành viên VMF--
nhấp vào
#8
Đã gửi 17-06-2012 - 16:13
#9
Đã gửi 17-06-2012 - 18:12
Đừng chần chờ gì nữa
Nhanh chân lên kẻo muộn bây giờ
#10
Đã gửi 17-06-2012 - 18:16
Xem lại đi bạn$\boxed{\text{NLT_CL}}$ Đề đã cho là sai. Mình xin chỉ ra chỗ sai của bài toán (và cũng có thể là hướng giải cho một bài toán khác, chẳng hạn tìm GTNN của tổng $HA+HB+HC$).
Gọi $M, N, P$ là chân các đường vuông góc kẻ từ O xuống $BC,CA,AB$.
Một bài toán quen thuộc, ta dễ dàng chứng minh được $HA=2.OM$, $HB=2.ON$,$HC=2.OP$ bằng cách vẽ các đường kính, chẳng hạn $AD$.
Và từ đó, ta có: $HA+HB+HC=2(OM+ON+OP)$.
Để ý rằng: $OM\leq R;ON\leq R;OP\leq R$ $\to$ $OM+ON+OP\leq 3R$.
Suy ra: $HA+HB+HC\leq 6R$. Nhưng dấu đẳng thức không xảy ra, do vậy $HA+HB+HC < 6R$ $\to$ Đề bài sai hoàn toàn.
___
___
NLT: Xem gì hả bạn? Mình chỉ có ý kiến về đề bài ban đầu thôi!
Cho tam giác $ABC$ nội tiếp $(O;R)$, $H$ là trực tâm của tam giác $ABC$
Chứng minh $HA+HB+HC \ge 6R$
Bài viết đã được chỉnh sửa nội dung bởi Nguyen Lam Thinh: 17-06-2012 - 18:37
Đừng chần chờ gì nữa
Nhanh chân lên kẻo muộn bây giờ
#11
Đã gửi 17-06-2012 - 21:03
Theo cm của Thịnh thì ta có
$HA+HB+HC=2(OM+ON+OP)$
Mà theo định lý Carnot cho $\vartriangle ABC$ nhọn, ta có $OM+ON+OP=R+r$
Theo BĐT Euler, ta có $r \le \dfrac{R}{2}$
$\Rightarrow HA+HB+HC\le 2.\dfrac{3}{2}R=3R$.
Đẳng thức xảy ra khi $\vartriangle ABC$ đều.
- L Lawliet, minhtuyb, Djnh Phan và 1 người khác yêu thích
$$\text{LOVE}\left( x \right)|_{x = \alpha}^\Omega = + \infty $$
I'm still there everywhere.
#12
Đã gửi 20-06-2012 - 06:20
Đừng chần chờ gì nữa
Nhanh chân lên kẻo muộn bây giờ
#13
Đã gửi 20-06-2012 - 18:36
Đừng chần chờ gì nữa
Nhanh chân lên kẻo muộn bây giờ
#14
Đã gửi 20-06-2012 - 18:56
Khi đó
$$\cos A + \cos B + \cos C = \frac{{OD}}{R} + \frac{{OE}}{R} + \frac{{OF}}{R} = \frac{{HA + HB + HC}}{{2R}}$$
Mặt khác
$\cos A + \cos B + \cos C \le \frac{3}{2}$
Từ đó ta có đpcm.
Bài viết đã được chỉnh sửa nội dung bởi perfectstrong: 20-06-2012 - 19:42
- perfectstrong và Hoang Thi Thao Hien thích
1 người đang xem chủ đề
0 thành viên, 1 khách, 0 thành viên ẩn danh