Bài 1: Cho $a,b,c >0$. Chứng minh rằng
$\sum \frac{a^2}{b} \geqslant \sum \sqrt{2(a^2+b^2)-3ab}$
Viết lại bất đẳng thức đã cho dưới dạng:
$2\left ( \sum \frac{a^{2}}{b} \right )\geq 2(\sum \sqrt{2(a^{2}+b^{2})-3ab})$
Ta có: $2\left ( \sum \frac{a^{2}}{b} \right )=\sum \frac{2(a^{2}+b^{2})-3ab}{b}+(3a-2b)+(3b-2c)+(3c-2a)=\sum \frac{2(a^{2}+b^{2}-3ab)}{b}+a+b+c$
Áp dụng bất đẳng thức Cauchy - Schwarz ta có:
$\sum \frac{2(a^{2}+b^{2})-3ab}{b}\geq \frac{(\sum \sqrt{2(a^{2}+b^{2})-3ab})^{2}}{\sum a}$
Áp dụng bất đẳng thức Cauchy ta có:
$\frac{(\sum \sqrt{2(a^{2}+b^{2})-3ab})^{2}}{\sum a}+\sum a\geq 2(\sum \sqrt{2(a^{2}+b^{2})-3ab})$
Do đó ta có đpcm
Bài viết đã được chỉnh sửa nội dung bởi trauvang97: 17-06-2013 - 08:39