$x+y=2\geq 2\sqrt{xy}\Rightarrow 0\leq xy\leq 1\Rightarrow x^{2}y^{2}\leq xy$
$x^{2}y^{2}(x^{2}+y^{2})\leqslant xy(x^{2}+y^{2})=xy(4-2xy)=2-2(xy-1)^{2}\leq 2$
Có 105 mục bởi OiDzOiOi (Tìm giới hạn từ 20-04-2020)
Đã gửi bởi OiDzOiOi on 20-03-2016 - 20:32 trong Bất đẳng thức và cực trị
$x+y=2\geq 2\sqrt{xy}\Rightarrow 0\leq xy\leq 1\Rightarrow x^{2}y^{2}\leq xy$
$x^{2}y^{2}(x^{2}+y^{2})\leqslant xy(x^{2}+y^{2})=xy(4-2xy)=2-2(xy-1)^{2}\leq 2$
Đã gửi bởi OiDzOiOi on 19-03-2016 - 23:09 trong Đại số
Áp dụng hệ thức Viet : $x_1+x_2=\frac{-b}{a},x_1x_2=\frac{c}{a}$
$\Rightarrow P=\frac{(a-b)(2a-c)}{a(a-b+c)}=\frac{(1-\frac{b}{a})(2-\frac{c}{a})}{1-\frac{b}{a}+\frac{c}{a}}=\frac{(1+x_1+x_2)(2-x_1x_2)}{1+x_2+x_1+x_1x_2}$
$\Leftrightarrow P=\frac{2+2(x_1+x_2)-x_1x_2-x_1x_2(x_1+x_2)}{x_1+x_2+x_1x_2+1}=2-\frac{3x_1x_2-x_1x_2(x_1+x_2)}{x_1x_2+x_1+x_2+1} \le 2$
Dấu $=$ xảy ra khi $x_1x_2=0 \Leftrightarrow c=0$
Ta lại có $P=\frac{2+2(x_1+x_2)-x_1x_2-x_1x_2(x_1+x_2)}{x_1+x_2+x_1x_2+1} \ge \frac{2+4x_1x_2-x_1x_2-2x_1x_2}{1+x_1+x_2+x_1x_2}$ (do $0 \le x_1,x_2 \le 1$)
Lại có vì $0 \le x_1,x_2 \le 1 \Rightarrow x_1+x_2 \ge x_1^2+x_2^2 \ge 2x_1x_2$
Mà $x_1+x_2 \le 2 \Rightarrow -x_1x_2(x_1+x_2) \ge -2x_1x_2$
$P \ge \frac{2+x_1x_2}{1+x_1+x_2+x_1x_2}=\frac{8+4x_1x_2}{4(x_1x_2+x_1+x_2+1)} \ge \frac{(3-x_1)(3-x_2)+(x_1+x_2+x_1x_2)-1}{4(x_1+x_2+x_1x_2+1)}$
$\Leftrightarrow P \ge \frac{4-1+3(x_1x_2+x_1+x_2)}{4(x_1x_2+x_1+x_2+1)} \ge \frac{3}{4}$
Dấu $=$ xảy ra khi $x_1=x_2 \Rightarrow a=c=\frac{-b}{2}$
?????
Đã gửi bởi OiDzOiOi on 17-03-2016 - 22:37 trong Phương trình, hệ phương trình và bất phương trình
HPT: $\left\{\begin{matrix} y^{2}=(x+8)(x^{2}+2) & & \\ 16x-8y+16=5x^{2}+4xy-y^{2}& & \end{matrix}\right.$
Đã gửi bởi OiDzOiOi on 13-03-2016 - 22:46 trong Hình học
Cho tam giác $ABC$ nhọn ($AB<AC$) nội tiếp đường tròn $(O;R)$.Gọi $H$ là trực tâm của tam giác $ABC$.Gọi $M$ là trung điểm của $BC$
a)Chứng minh $AH$=$2OM$
b)Dựng hình bình hành $AHIO$.Gọi $J$ là tâm đường tròn ngoại tiếp tam giác $OBC$.Chứng minh rằng:$OI.OJ=R^2$
c)Gọi $N$ là giao điểm của $AH$ với đường tròn $(O)$($N$ khác $A$).Gọi $D$ là điểm bất kì trên cung nhỏ $NC$ của đường tròn tâm $(O)$ ($D$ khác $N$ và $C$).Gọi $E$ là điểm đối xứng với $D$ qua $AC$,$K$ là giao điểm của $AC$ và $HE$.Chứng minh rằng:$\widehat{ACH}=\widehat{A
ban ve gium minh cai hinh voi đc ko
Đã gửi bởi OiDzOiOi on 09-03-2016 - 23:31 trong Bất đẳng thức và cực trị
x,y $\in$ IR+, x+y=2
Find Min :
$T=\frac{x^{2}+3y^{2}}{2xy^{2}-x^{2}y^{3}}$
Đã gửi bởi OiDzOiOi on 07-03-2016 - 23:19 trong Bất đẳng thức và cực trị
4.$\frac{1}{x}+\frac{1}{y}\geq \frac{4}{x+y} (x,y>0)$
Áp dụng BDT cô si cho 2 số dương:
$x+y\geq 2\sqrt{xy}$
$\frac{1}{x}+\frac{1}{y}\geq 2\sqrt{\frac{1}{xy}}$
$\Rightarrow (x+y)(\frac{1}{x}+\frac{1}{y})\geq 4$
do x+y>0
$\Rightarrow$ đpcm
dấu bằng xảy ra khi x=y
5. $\frac{1}{x}+\frac{1}{y}+\frac{1}{z}\geq \frac{9}{x+y+z}$ ($x,y,z> 0$)
Tương tự BDT 4
áp dụng BDT cô si cho 3 số dương
BĐT gốc nhé (Cô-si - Svácxơ) : $\frac{a^{2}_{1}}{b_{1}}+\frac{a^{2}_{2}}{b_{2}}+...+\frac{a^{n}_{n}}{b_{n}}\geq \frac{(a_{1}+a_{2}+...+a_{n})^{2}}{b_{1}+b_{2}+...+b_{n}}$
Đã gửi bởi OiDzOiOi on 07-03-2016 - 23:13 trong Bất đẳng thức và cực trị
$\frac{4x+1}{x^{2}+3}=\frac{-(x^{2}+3)+x^{2}+4x+4}{x^{2}+3}=-1+\frac{(x+2)^{2}}{x^{2}+3}\geq -1$
Đã gửi bởi OiDzOiOi on 25-02-2016 - 22:02 trong Bất đẳng thức và cực trị
Cho n thuộc N và n >3. Chứng minh :
$S_{n}=\frac{1}{3(1+\sqrt{2})}+\frac{1}{5(\sqrt{2}+\sqrt{3})}+...+\frac{1}{(2n+1)(\sqrt{n}+\sqrt{n+1})}< \frac{1}{2}$
Đã gửi bởi OiDzOiOi on 20-02-2016 - 23:27 trong Số học
Bài 1. giả sử 2n-1 là scp => 2n-1=(2k+1)2 biến đổi được 2n=4k2+4k+2 vô lý (vì n>1 nên 2n chia hết 4) =>2n-1 ko cp
Bài 2: b=a+1; c=a+2; d=a+3
bacd= (a+1)a(a+2)(a+3)=1000(a+1)+100a+10(a+2)+a+3=1111a+1023 cp =>tận cùng =0,1,4,9,6,5 =>a thuộc 1,6,3,2(a<7)
mà cp=> chia 3 dư 1,0 => a thuộc 1,6,3 thay vào được 3 cần tìm
Bài 4: $\frac{a+b}{a^{2}+b^{2}}=\frac{7}{25}\Rightarrow 7a^{2}-25a+7b^{2}-25b=0$
$\Delta =625-196b^{2}+700\geq 0\Rightarrow 4\geq b\geq 0$ vì b nguyên
nên b thuộc 0,1,2,3,4 thvào pt giải a nguyên :a=0,b=0 a=4,b=3 a=3,b=4
Đã gửi bởi OiDzOiOi on 14-02-2016 - 23:40 trong Bất đẳng thức và cực trị
ban
$P=(sin^2 \alpha +cos^2 \alpha)^3-3.sin^2\alpha.cos^2\alpha(sin^2 \alpha+cos^2 \alpha)$
$\geq 1-3.\frac{1}{4}=\frac{1}{4}$ (do theo $AM-GM: sin^2\alpha.cos^2\alpha \leq \frac{1}{4}(sin^2\alpha+cos^2\alpha)^2=\frac{1}{4})
bạn làm giúp bài tiếp dùm mình vs bạn
Đã gửi bởi OiDzOiOi on 14-02-2016 - 23:10 trong Bất đẳng thức và cực trị
1. Tìm min :: P = sin6 a +cos6 a
2. Tìm max: P=$3sin a +\sqrt{3}cosa$
3. Chứng minh $\left | ab+cd \right |\leq \sqrt{(a^{2}+c^{2})(b^{2}+d^{2})}$ với a,b,c,d là các số thực
Đã gửi bởi OiDzOiOi on 14-02-2016 - 21:51 trong Số học
I Love MC
1) Thiếu ĐK $x,y$ ko âm
Ta có $1+\sqrt{y} \ge 1$
Suy ra $\sqrt{x}-1 \le 1$
Hay $0 \le x \le 4$ . Đến đây ta tìm được $(x,y)=(4,0)$
2) Vì $x,y \in \mathbb{Z}$
Suy ra PT $\Leftrightarrow \frac{8x^2-25}{3x+5}=y \in \mathbb{Z}$
Dễ rồi
bài 1 còn nghiệm x=y=2 bạn ơi. Tìm nghiệm này giùm mình cái
Đã gửi bởi OiDzOiOi on 14-02-2016 - 21:49 trong Phương trình, hệ phương trình và bất phương trình
Giải các hệ pt
1. $\left\{\begin{matrix} 8x^{3}y^{3}+27=18y^{3} & & \\ 4x^{2}y+6x=y^{2}& & \end{matrix}\right.$
2. $\left\{\begin{matrix} x+\frac{1}{y}=3 & & \\ y+\frac{1}{z}=3& & \\ z+\frac{1}{x}=3& & \end{matrix}\right.$
3. $\left\{\begin{matrix} 17x+2y=2011\left | xy \right | & & \\ x-2y=3xy& & \end{matrix}\right.$
Đã gửi bởi OiDzOiOi on 14-02-2016 - 21:16 trong Bất đẳng thức và cực trị
Bài 1:
$\frac{1}{x}+\frac{1}{y}+\frac{1}{z}+\frac{1}{x}\geq \frac{16}{2x+y+z}$
tương tự ...........
$\Rightarrow \frac{1}{2x+y+z}+\frac{1}{x+2y+z}+\frac{1}{x+y+2z}\leq \frac{1}{16}.4\sum \frac{1}{a}=1$
Bài 2:
$a^{2}+2b^{2}+3=(a^{2}+b^{2})+(b^{2}+1)+2\geq 2(ab+a+1)$
tương tự ......................
$\Rightarrow \frac{1}{a^{2}+2b^{2}+3}+\frac{1}{b^{2}+2c^{2}+3}+\frac{1}{c^{2}+2a^{2}+3}\leq \frac{1}{2}\sum \frac{1}{ab+a+1}=\frac{1}{2}$
(do $abc=1$)
Bài 3:
$b+c\geq 16abc\Leftrightarrow b+c\geq 16(1-b-c)bc\Leftrightarrow (b+c)(1+16bc)\geq 16bc$
Thật vậy: $(b+c)(1+16bc)\geq 2\sqrt{bc}8\sqrt{bc}=16bc$ (ĐPCM)
Làm giúp bài 4 luôn bạn
Đã gửi bởi OiDzOiOi on 14-02-2016 - 20:55 trong Bất đẳng thức và cực trị
Cho a,b,c, x,y,z là các số thực dương
1. Cho $\frac{1}{x}+\frac{1}{y}+\frac{1}{z}=4$
Chứng minh: $\frac{1}{2x+y+z}+\frac{1}{x+2y+z}+\frac{1}{x+y+2z}\leq 1$
2. Cho $abc=1$
Chứng minh $\frac{1}{a^{2}+2b^{2}+3}+\frac{1}{b^{2}+2c^{2}+3}+\frac{1}{c^{2}+2a^{2}+3}\leq \frac{1}{2}$
3. Cho $a+b+c=1$
Chứng minh $b+c\geq 16abc$
4. Cho $x^{2011}+y^{2011}+z^{2011}=3$
Tìm Max $M=x^{2}+y^{2}+z^{2}$
Đã gửi bởi OiDzOiOi on 14-02-2016 - 20:54 trong Bất đẳng thức và cực trị
Cho a,b,c, x,y,z là các số thực dương
1. Cho $\frac{1}{x}+\frac{1}{y}+\frac{1}{z}=4$
Chứng minh: $\frac{1}{2x+y+z}+\frac{1}{x+2y+z}+\frac{1}{x+y+2z}\leq 1$
2. Cho $abc=1$
Chứng minh $\frac{1}{a^{2}+2b^{2}+3}+\frac{1}{b^{2}+2c^{2}+3}+\frac{1}{c^{2}+2a^{2}+3}\leq \frac{1}{2}$
3. Cho $a+b+c=1$
Chứng minh $b+c\geq 16abc$
Đã gửi bởi OiDzOiOi on 08-12-2015 - 21:17 trong Đại số
C2:
$(\frac{h_{a}}{h_{b}})^{2}+(\frac{h_{a}}{h_{c}})^{2}=1\Rightarrow (\frac{b}{a})^{2}+(\frac{c}{a})^{2}=1\Rightarrow b^{2}+c^{2}=a^{2}$ nên tam giác này vuông
C1:
Từ câu 2 ta có $(\frac{12}{15})^{2}+(\frac{12}{20})^{2}=1$ nên tam giác này vuông
Community Forum Software by IP.Board
Licensed to: Diễn đàn Toán học