thảo luận tiếp đi các bạn
tay du ki nội dung
Có 186 mục bởi tay du ki (Tìm giới hạn từ 27-04-2020)
#695064 Chọn HSG Tỉnh môn Toán lớp 11 tỉnh Nghệ An năm học 2015-2016
Đã gửi bởi tay du ki on 19-10-2017 - 09:36 trong Thi HSG cấp Tỉnh, Thành phố. Olympic 30-4. Đề thi và kiểm tra đội tuyển các cấp.
#692388 Topic về phương trình và hệ phương trình
Đã gửi bởi tay du ki on 04-09-2017 - 21:55 trong Phương trình - hệ phương trình - bất phương trình
Giải hệ phương trình:
$\left\{\begin{matrix}\sqrt{x+1}+\sqrt{7-y}=4 \\ \sqrt{y+1}+\sqrt{7-x}=4 \end{matrix}\right.$
Trừ vế cho vế rồi dùng liên hợp ta được x=y
#691245 Chứng minh $(a^2 +2)(b^2+2)(c^2+2) \ge 3(a+b+c)^2$
Đã gửi bởi tay du ki on 21-08-2017 - 21:46 trong Bất đẳng thức và cực trị
Ta có
\[\text{Vế trái - Vế phải} = \frac{\displaystyle 3\sum (c^2+5)(ab-1)^2 + \sum (a+b-2c)^2 + 3\left(\sum ab -3\right)^2}{9}.\]
Anh ơi cho em hỏi là anh dùng kĩ thuật gì để ra cái này ạ
#691244 Topic giải phương trình vô tỉ.
Đã gửi bởi tay du ki on 21-08-2017 - 21:40 trong Phương trình, hệ phương trình và bất phương trình
6.$\sqrt{3-x}+\sqrt{x-1}=2+(x-y)^{2}$
7.$\sqrt{2x-1}+x^{2}-3x+1=0$
8.$\sqrt{x-2}-\sqrt{x+2}=2\sqrt{x^{2}-4}-2x+2$
6 ) VP $\geq$ 2 VÀ 2$\geq$VT
7 ) VP $\geq$ 0
8 )
#688078 58th IMO 2017
Đã gửi bởi tay du ki on 19-07-2017 - 21:21 trong Thi HSG Quốc gia và Quốc tế
#686811 Cho số nguyên dương $m$ mà $2^{m+1}+1|3^{2^m...
Đã gửi bởi tay du ki on 07-07-2017 - 16:31 trong Số học
Cho số nguyên dương $m$ mà $2^{m+1}+1|3^{2^m}+1$.
a. Chứng minh $2^{m+1}+1$ là số nguyên tố.
b. Giả sử $x,\ y$ là hai số phân biệt tùy ý lấy từ tập $\{ 2,\ ..., 2^m \}$. Chứng minh rằng tồn tại số nguyên dương $n$ sao cho
$$x^{2^n}+y^{2^n}$$
là hợp số.
#686437 OLYMPIC GẶP GỠ TOÁN HỌC 2017 KHỐI 11
Đã gửi bởi tay du ki on 04-07-2017 - 08:21 trong Thi HSG cấp Tỉnh, Thành phố. Olympic 30-4. Đề thi và kiểm tra đội tuyển các cấp.
Bài 3 là x2 hay là x3 các bạn nhỉ
#672949 câu hình đề thi hsg tỉnh quảng ngãi 2017
Đã gửi bởi tay du ki on 27-02-2017 - 20:54 trong Chuyên đề toán THCS
Đưa cả đề lên anh em cùng thảo luận đi bạn
#671793 Link download toán học và tuổi trẻ năm 2017
Đã gửi bởi tay du ki on 16-02-2017 - 17:11 trong Toán học & Tuổi trẻ
Qua trao đổi với thầy Trần Việt Hùng thì mình đã xin được link download Tạp chí Toán học & Tuổi trẻ , mình chia sẽ cho bạn nào cần
https://www.fshare.v...er/YWE1MU1DI75U
Qua đây Em xin cảm ơn thầy Trần Việt Hùng rất nhiều
#671709 lập trình máy tính
Đã gửi bởi tay du ki on 15-02-2017 - 18:52 trong Góc giao lưu
Bạn nào có tài liệu về lập trình trên máy tính cho mình xin với ?
#671583 Bộ sưu tập TC Toán học và Tuổi trẻ từ năm 1994 đến nay
Đã gửi bởi tay du ki on 14-02-2017 - 12:06 trong Toán học & Tuổi trẻ
Em cảm ơn thầyToán học và Tuổi trẻ năm 2016
https://www.fshare.v...le/IKXSWWJNDLLW
#670578 Chia sẻ ebook sách Lý thuyết sơ cấp của các số (Sierpinski) bản tiếng Việt
Đã gửi bởi tay du ki on 06-02-2017 - 21:08 trong Tài nguyên Olympic toán
Dự kiến gần Tết Âm lịch sẽ có thêm một bản dịch nữa cuốn sách của Sierpinski.
Chào bạn . Bản dịch tiếp theo của bạn đã xong chưa chia sẽ cho các bạn trên diễn đàn với . Mình mong chờ mãi . Cảm ơn bạn
#670572 Lỗi đăng nhập.
Đã gửi bởi tay du ki on 06-02-2017 - 20:43 trong Góp ý cho diễn đàn
http://diendantoanho...được/?p=670536
Ở đây cũng có 1 TH giống bạn . mình nghĩ nên lập mật khẩu khác mà dùng
#670545 Không đăng nhập được
Đã gửi bởi tay du ki on 06-02-2017 - 16:56 trong Góp ý cho diễn đàn
Thử cài lại google chrome
Hiện giờ, mình không thể đăng nhập vào diễn đàn được.Nó cứ xuất hiện dòng chữ này :
Trang web này không thể cung cấp kết nối an toàn
diendantoanhoc.net sử dụng giao thức không được hỗ trợ.
ERR_SSL_VERSION_OR_CIPHER_MISMATCH
ẨN CHI TIẾT
Giao thức không được hỗ trợ
Ứng dụng và máy chủ không hỗ trợ bộ mã hóa hoặc phiên bản giao thức SSL thông thường. Vấn đề này có thể xảy ra khi máy chủ cần RC4. Chuẩn này không còn được coi là an toàn nữa.
Làm sao khắc phục đây ? Ai có thể giúp mình được không ?
#670241 $\left | 3^x-2^y \right |=1$
Đã gửi bởi tay du ki on 28-01-2017 - 17:27 trong Số học
Giải như sau:
TH1: $3^x-2^y=1 \Rightarrow 3^x-1=2^y$
Ta cm quy nạp thu được $3^{2^k}-1 \vdots 2^{k+1}$ mà $\not \vdots 2^{k+2}$
Giờ cm $2^k$ là số nhỏ nhất thỏa $3^h-1 \vdots 2^{k+1}$ thật vậy giả sử ngược lại hay tồn tại $l<2^k$ sao cho $3^l-1 \vdots 2^{k+1}$ suy ra $2^k \vdots l$ (theo định lý cơ bản về cấp số, cm bằng cực hạn) suy ra $l=2^t$ và do $l<2^k$ nên $t<k$ suy ra $3^{2^t}-1 \vdots 2^{k+1}$ lại có theo quy nạp ở trên $3^{2^t}-1 \vdots 2^{t+1}$ mà $\not \vdots 2^{t+2}$ mà $t+2<k+1$ nên $3^{2^t}-1 \not \vdots 2^{t+1}$ loại do đó có đpcm hay $2^k$ là số nhỏ nhất thỏa $3^h-1 \vdots 2^{k+1}$
Áp dụng vào có $3^{2^{y-1}}-1 \vdots 2^y$ với $2^{y-1}$ nhỏ nhất thỏa
Suy ra $x \vdots 2^{y-1}$ nên $x\geq 2^{y-1}$ suy ra $3^x-1\geq 3^{2^{y-1}}-1$
Đặt $2^{y-1}=a$ suy ra $3^x-1\geq 3^a-1$ hay $2^y\geq 3^a-1 \Rightarrow 2a\geq 3^a-1$ bằng quy nạp cm được $a>1$ thì $3^a-1>2a$ loại do đó $a=1$ nên $y=1$ suy ra $x=1$
TH2: $2^y-3^x=1 \Rightarrow 2^y-1=3^x$ tương tự trên, ta cm được $2.3^{x-1}$ là số nhỏ nhất thỏa $2^h-1 \vdots 3^x$
Do đó $y \vdots 2.3^{x-1}$ nên $2^y-1\geq 2^{2.3^{x-1}}-1$
Đặt $3^{x-1}=b$ suy ra $3b=2^{y}-1\geq 2^{2b}-1 \Rightarrow 3b\geq 2^{2b}-1$ bằng quy nạp cm được $b\geq 3$ thì $2^{2b}-1>3b$ do đó $b=1,2$ nên $3^{x-1}=1,2$ nên $x-1=0 \Rightarrow x=1$ suy ra $y=2$
Vậy $\boxed{(x,y)=(1,1),(1,2)}$ là tất cả nghiệm
#670229 $x^{2}+y^{2}=n$
Đã gửi bởi tay du ki on 28-01-2017 - 16:04 trong Số học
Mình có 2 cách cho bài toán này.
Cách 1 : Chọn $n$ thuộc tập hợp số nguyên tố dạng $4k+1$. Khi đó theo định lý Fermat-Euler về tổng hai bình phương thì luôn tìm được $x,y$ thỏa mãn phương trình trên.
Cách 2 : Chọn $n=3^{2^k}-1$
Ta đi chứng minh phương trình : $3^{2^k}=x^2+y^2+1$ luôn có nghiệm nguyên dương.
Với $k=1$. Chọn $x=y=2$
Giả sử khẳng định trên đúng đến $k$. Ta chứng minh nó đúng với $k+1$.
Thật vậy. Ta có $3^{2^{k+1}}-1=(3^{2^{k}}-1)(3^{2^{k}}+1)$
Ta có $3^{2^k}-1$ có thể viết dưới dạng tổng hai bình phương (Theo giả thiết quy nạp). Và $3^{2^{k}}+1$ cũng viết được dưới dạng tổng hai bình phương.
Từ đó theo đồng nhất thức : $(a^2+b^2)(c^2+d^2)=(ab+cd)^2+(ac-bd)^2$. Ta suy ra $3^{2^{k+1}}-1$ viết được dưới dạng tổng hai bình phương. Tức là tồn tại $x_{1},y_{1}$ thỏa $3^{2^{k+1}}-1=x_{1}^{2}+y_{1}^{2}$
Theo nguyên lý quy nạp. Ta có phương trình $3^{2^k}=x^2+y^2+1$ luôn có nghiệm nguyên dương
Gọi m2 là ước chính phương lớn nhất của n . Nên n = m2k
Ta sẽ chứng minh khẳng định sau đây
Điều kiện cần và đủ để phương trình đã cho có nghiệm nguyên dương là
+ Nếu k=1 thì m có ước nguyên tố dạng 4k+1
+ Nếu k>1 thì l không có ước nguyên tố dạng 4k-1
P/s : Mình đọc trong quyển bài giảng số học của Đặng Hùng Thắng hình như là tập 1
#670161 góp ý cho diễn đàn về việc tổng hợp các bài toán chưa có lời giải
Đã gửi bởi tay du ki on 27-01-2017 - 18:52 trong Góp ý cho diễn đàn
Kính gửi quản trị viên và những người điều hành diễn đàn , theo em nghĩ thì các anh chị nên tổng hợp các bài toán chưa có lời giải theo từng năm . Như thế thì sẽ có người có thể biết và giải các bài toán đó . Nếu không các bài toán chưa có ai giải thì nó sẽ tiếp tục trôi đi . em xin cảm ơn
#670153 Marathon số học THCS
Đã gửi bởi tay du ki on 27-01-2017 - 17:14 trong Số học
Bài toán 7:
tìm tất cả các bộ $(x;y)$ là số thực sao cho $x+y$ là số nguyên và $\frac{1}{x}+\frac{1}{y}$ là một số nguyên
Bài toán 7:
Đặt x+y=m ; $\frac{1}{x}+\frac{1}{y}=n ; m,n\epsilon Z$
$\Rightarrow xy= \frac{m}{n}\Rightarrow xyn=m$
thay y=m-x
Ta có : $x^{2}n-mnx+m = 0$
$\Delta =\left ( mn \right )^{2}-4mn$
TH1 : n=0 các bạn tự xét
TH2 : n khác 0
*Nếu m =0 Tự xét
*Nếu m khác 0
$\Rightarrow x=\frac{mn+\sqrt{\left ( mn \right )^{2}-4mn}}{2n}$
Hoặc $x=\frac{-mn+\sqrt{\left ( mn \right )^{2}-4mn}}{2n}$
Khi đó $y= m-\frac{mn+\sqrt{\left ( mn \right )^{2}-4mn}}{2n}$
hoặc $y=m-\frac{-mn+\sqrt{\left ( mn \right )^{2}-4mn}}{2n}$
#670040 Marathon số học THCS
Đã gửi bởi tay du ki on 26-01-2017 - 21:05 trong Số học
Bài Toán 6:
Tìm các cặp số nguyên a,b sao cho
$\frac{b^{2}+ab+a+b-1}{a^{2}+ab+1}$ là số nguyên
ta có $\frac{b^{2}+ab+a+b-1}{a^{2}+ab+1}+1$ là số nguyên
$\Rightarrow \left ( a+b \right )\left ( a+b+1 \right )\vdots a^{2}+ab+1$
Mà gcd $\left ( a+b; a^{2}+ab+1 \right )= 1$
*Nên $\left ( a+b+1 \right )\vdots a^{2}+ab+1$
*Nếu a+b =0 nên a, b thuộc tập Z
*Nếu a+b = 1 : Tự xét
Nếu a+b khác 0 ;1
với a>1 hoặc a<-1
Ta có $\mid a^{2}+ab+1\mid > \mid a+b+1 \mid$
Vậy không thỏa mãn
với a=1;0;-1 các bạn tự xét
#670036 [PI của bạn] $a,b,c,d$ nguyên dương thoả $a^2+1=bc, c^2+1=da...
Đã gửi bởi tay du ki on 26-01-2017 - 20:51 trong Số học
Bài toán sau là đề ra kì này của tạp chi PI của bạn tháng 11/2016 và đã được đưa giải trong số đầu của tạp chí PI. Tác giả bài toán là thầy Võ Quốc Bá Cẩn. Mình post bài này để các bạn thảo luận cùng tìm các cách khác nhau để giải.
P3. (Võ Quốc Bá Cẩn) Cho các số nguyên dương $a,b,c,d$ thoả mãn điều kiện $a^2+1=bc, c^2+1=da$.
a) Chứng minh rằng $P= \frac{a+d}{c}+ \frac{b+c}{a}$ là một số nguyên.
b) Tìm tất cả các giác trị có thể của $P$.
Cộng vế ta có : $bc+c^{2}= ad+d^{2}$
$\Rightarrow p= \frac{2\left ( a^{2}+ad \right )}{ca}= \frac{2\left ( a+d \right )}{c}$
Mà $c\left ( b+c \right )=a\left ( a+d \right )$
Gọi gcd(a; c)=d $\Rightarrow a\vdots d ; c\vdots d$
mà $a^{2}+1=bc \Rightarrow 1 \vdots d$
vậy gcd (a; c) =1 nên a+d $\vdots c$
vậy p=$ \frac{2\left ( a+d \right )}{c}$ nên p là số nguyên
b ) ta có p= $\frac{2\left ( a+d \right )}{c}$ $\Rightarrow d = \frac{pc}{2}-a$
thay vào FT $c^{2}+1= ad$
Ta có : $a^{2}-\frac{pca}{2}+c^{2}+1 =0$ với p / 2 là số nguyên dương
Đây là phương trình điôphăng bậc hai có ở nhiều sách mình không giải chi tiết
$\rightarrow \frac{p}{2}=3 \Rightarrow p =6$
#669972 KẾT QUẢ KỲ THI VMO 2017
Đã gửi bởi tay du ki on 26-01-2017 - 08:00 trong Tin tức - Vấn đề - Sự kiện
cho mình hỏi khi nào thì thi TST nhỉ
- Diễn đàn Toán học
- → tay du ki nội dung