cvp nội dung
Có 411 mục bởi cvp (Tìm giới hạn từ 21-04-2020)
#289382 $\dfrac{2-a}{a^{3}+a^{2}+a+1}x+\dfrac{a-3}{a^{2}-a+1}y=0...
Đã gửi bởi cvp on 21-12-2011 - 20:41 trong Phương trình, hệ phương trình và bất phương trình
\begin{cases}
& \dfrac{2-a}{a^{3}+a^{2}+a+1}x+\dfrac{a-3}{a^{2}-a+1}y=0 \\
& \dfrac{a^{2}-3a+2}{a^{4}-1}x+\dfrac{2a^{2}-4a-6}{a^{3}+1}y=3
\end{cases}
#289388 $\dfrac{2-a}{a^{3}+a^{2}+a+1}x+\dfrac{a-3}{a^{2}-a+1}y=0...
Đã gửi bởi cvp on 21-12-2011 - 20:55 trong Phương trình, hệ phương trình và bất phương trình
#320824 $\overline{abc}.5= \overline{dab}$
Đã gửi bởi cvp on 30-05-2012 - 11:26 trong Đại số
tim số $\overline{abc}$ biết
$\overline{abc}.5= \overline{dab}$
$\overline{abc}.5=\overline{dab}\Leftrightarrow \overline{ab}.50+c.5=d.100+\overline{ab}\Leftrightarrow 49\overline{ab}+c.5=d.100 (1)$.
Ta có: $d.100 \leq 9.100=900 \Leftrightarrow 49\overline{ab}+5c\leq 900 \Leftrightarrow \overline{ab} \leq (900-0):49 \approx 18,4 (2)$.
Mặt khác từ $(1)$ ta có: $d.100 \vdots 5; 5c \vdots 5 \Rightarrow 49.\overline{ab} \vdots 5 \Rightarrow \overline{ab} \vdots 5 (3)$.
Từ $(2); (3)$ suy ra $\overline{ab}={10;15}$.
Nếu $\overline{ab}=10 \Rightarrow 490+5c=100d \Leftrightarrow 98+c=20d$ mà $20d \vdots 10$ nên $c=2; d=5$.
Ta có số $\overline{abc}=102$ (Thỏa mãn).
Nếu $\overline{ab}=15\Rightarrow 735+5c=100d\Leftrightarrow 147+c=20d$ mà $20d \vdots 10$ nên $c=3; d=150:20=7,5$ ( Loại).
Vậy số $\overline{abc}$ cần tìm là : $102$.
#305678 $\sqrt{x^2+x-1}+\sqrt{x-x^2+1}=x^2-x+2$
Đã gửi bởi cvp on 21-03-2012 - 16:48 trong Phương trình - hệ phương trình - bất phương trình
Bạn nhầm rùi, phải là:mặt khác: $a=2x-b^2$ va` $b=2x-a^2$
$a^{2}=2x-b^{2}$ và $b^{2}=2x-a^{2}$
#290011 $\sum \dfrac{b+c}{\sqrt{a}}\geq \sum \sqrt...
Đã gửi bởi cvp on 24-12-2011 - 23:46 trong Bất đẳng thức và cực trị
Cho $a;b;c>0; abc=1$.
CMR: $\dfrac{b+c}{\sqrt{a}}+\dfrac{c+a}{\sqrt{b}}+\dfrac{a+b}{\sqrt{c}}\geq \sqrt{a}+\sqrt{b}+\sqrt{c}+3$
Bài 2: Cho $a;b;c;d>0 ; c^{2}+d^{2}=(a^{2}+b^{2})^{3}$
CMR: $\dfrac{a^{3}}{c}+\dfrac{b^{3}}{d}\geq 1$
#290188 $\sum \dfrac{b+c}{\sqrt{a}}\geq \sum \sqrt...
Đã gửi bởi cvp on 25-12-2011 - 20:01 trong Bất đẳng thức và cực trị
Phải thay dấu $\geq$ bằng dấu $=$ vì $c^{2}+d^{2}=(a^{2}+b^{2})^{3}$$\dfrac{(a^2+b^2)^2}{\sqrt{(a^2+b^2)(c^2+d^2)}}\geq \dfrac{(a^2+b^2)^2}{\sqrt{(a^2+b^2)^4}}=1$
hì hì! em đùa mà!
#289999 $\sum a^{4}\geq \sum a^{3}$
Đã gửi bởi cvp on 24-12-2011 - 23:04 trong Bất đẳng thức và cực trị
$a^{4}+b^{4}+c^{4}+d^{4}\geq a^{3}+b^{3}+c^{3}+d^{3}$
#327998 $6\sqrt{x^3y^3}+4\sqrt[4]{x^9y^3}+4\sqrt[4]{y^9x^3}\...
Đã gửi bởi cvp on 22-06-2012 - 16:54 trong Bất đẳng thức và cực trị
$6\sqrt{x^3y^3}+4\sqrt[4]{x^9y^3}+4\sqrt[4]{y^9x^3}\geq 3x^2y+3xy^2$.
#320811 $a.b.\bar{ab}=\bar{bbb}$
Đã gửi bởi cvp on 30-05-2012 - 11:01 trong Đại số
tìm các chữ số a,b khác 0 thỏa mãn:
$a.b.\overline{ab}=\overline{bbb}$
$ab.\overline{ab}=\overline{bbb}\Leftrightarrow ab(10a+b)=111.b\Leftrightarrow 10a^2b+ab^2=111.b\Leftrightarrow 10a^2+ab=111\Leftrightarrow a(10a+b)=111$ ( do $b$ khác 0)
$0\leq a \leq 9; a \in $ ước của 111 $\Rightarrow a={1;3}$.
Nếu $a=1$ thì $10+b=111$ (Loại).
Nếu $a=3$ thì $3(30+b)=111\Leftrightarrow b=7$
Thử lại: $3.7.37=777=111.7$ (đúng)
Vậy 2 chữ số $a;b$ cần tìm là $3;7$.
#202250 $ax + by + cz + 2\sqrt {\left( {xy + yz + zx} \right)...
Đã gửi bởi cvp on 21-06-2009 - 16:41 trong Bất đẳng thức và cực trị
$ax + by + cz + 2\sqrt {\left( {xy + yz + zx} \right)\left( {ab + bc + ca} \right)} \le a + b + c$
#307524 $H; I; E$ thẳng hàng và $HE\parallel QK$
Đã gửi bởi cvp on 01-04-2012 - 14:04 trong Hình học
$H; I; E$ thẳng hàng và $HE\parallel QK$
#282119 $x\sqrt{1-y^{2}}+y\sqrt{1-x^{2}}=1$ cm: $x^{2}+y^{2}...
Đã gửi bởi cvp on 07-11-2011 - 21:40 trong Bất đẳng thức và cực trị
chứng minh rằng:
$x^{2}+y^{2}=1$
#279487 1 bài hình!
Đã gửi bởi cvp on 19-10-2011 - 19:37 trong Hình học
CMR:
$\dfrac{1}{\sqrt{r}}=\dfrac{1}{\sqrt{R}}+\dfrac{1}{\sqrt{R^{'}}}$
#203371 1 bài phương trình nữa nè!
Đã gửi bởi cvp on 29-06-2009 - 18:41 trong Phương trình, hệ phương trình và bất phương trình
Bài nè làm như sau:Giải pt sau:
$x^3+3x^2-3. \sqrt[3]{3x+5} =1-3x$
pt <=> $(x+1)^3=2+3\sqrt[3]{3x+5}$
Đặt $\sqrt[3]{3x+5}=y$
Ta có hệ pt $(x+1)^3=2+3y$ và $y^3=2+3(x+1)$
lấy hai pt nè trừ cho nhau =>$x+1=y => (x+1)^3=5+3x <=> x^3+3x^2-4=0 =>x=1;x=-2$
p/s: latex gõ dấu hệ pt như thế nào.mình ko bít
#202224 1 bài toán hay
Đã gửi bởi cvp on 21-06-2009 - 12:30 trong Tài liệu - Đề thi
ừ mình nhầm mất.sơ suất wa,thông cảm nha!chỉ cần làm như vậy thôi àk hả anh cách này có đúng ko đấy nghi ngờ quá. CÔ em bảo là dài lắm nhưng ko chữa kòn cách của anh thì ngắn wa
#202062 1 bài toán hay
Đã gửi bởi cvp on 20-06-2009 - 14:22 trong Tài liệu - Đề thi
sắp thi cấp 3 hả bạn.cho 2 hàm số (P)y= x^{2} và(d) y=mx+2
CMR (P) (d) tại 2 điểm phân biệt A và B
Tìm quĩ tích trung điểm I của AB
giúp em nha
rùi đây pt hoành độ giao điểm của (P) và (d) là x^2-mx-2=0
=>Xa+Xb=m
=>Xi=m/2 => quỹ tích của điểm I là đường thẳng (d') :y m/2
Vậy đó! à wen Xa là hoành độ điểm A nha Xb;Xi cũng như vậy!
#201992 1 bài toán trong đề thi
Đã gửi bởi cvp on 20-06-2009 - 06:13 trong Tài liệu - Đề thi
Dễ thấy nếu x hoặc y =1 thì $\dfrac{1}{{x^2 }} + \dfrac{1}{{xy}} + \dfrac{1}{{y^2 }} > 1$
Bây jo xét $x,y \ge 2 \Rightarrow \dfrac{1}{{x^2 }} + \dfrac{1}{{xy}} + \dfrac{1}{{y^2 }} \le \dfrac{1}{{2^2 }} + \dfrac{1}{{2.2}} + \dfrac{1}{{2^2 }} = \dfrac{3}{4} < 1$
tóm lại pt ko có nghiệm nguyên dương
#202108 1 bài toán trong đề thi
Đã gửi bởi cvp on 20-06-2009 - 20:05 trong Tài liệu - Đề thi
Lời giải của mình đây:tiện giúp e bài nì luôn . tìm số tự nhiên m để phương trình sau : $x^2$ - $m^2$x +m + 1 = 0 có nghiệm nguyên .
Phương trình đã cho có nghiệm nguyên khi: $\Delta = m^4 - 4m - 4$ là số cp
Xét m≥4 ta có: $\left( {m^2 } \right)^2 > m^4 - 4m - 4 > m^4 - 2m^2 + 1 = \left( {m^2 - 1} \right)^2 $
có nghĩa là pt ko có nghiệm nguyên.
Xét m≤3;vì m là số tự nhiên nên m=0;1;2;3.
thay vào ta có m=1;2 thỏa mãn.
Kết luận m=1;2
Nhờ các bạn kiểm tra nêu sai sót sửa giúp mình nhé
#202084 1 bài toán trong đề thi
Đã gửi bởi cvp on 20-06-2009 - 17:40 trong Tài liệu - Đề thi
Thành thật xin lỗi bạn!Mính ko cố ý đâu ừ bạn nói đúng!ok nhé hòa;hihiSao lại kêu trời vậy ! Có lẽ trình độ của bạn "cao siêu" qúa nên thể hiện vậy !Thật mạo phạm ! Xin thứ lỗi ! Mình chỉ hoàn thiện bài toán cho dễ hiểu thôi ! Thật đấy :
Mình thấy bạn dùng : với "x hoặc y =1 ,...." để lý luận bài toán thì chưa ổn ! Theo mình thì điều này có nghĩa là x=1 , y tùy ý và ngược lại y=1 , x tùy ý !Từ đó bài toán thiếu chặt chẽ ! Còn phần sau thì hơi bị "cao siêu"!
Tranh luận là nhằm sự canh tân , hoàn thiện chứ không phải hơn thua bạn ạ ! !
#202069 1 bài toán trong đề thi
Đã gửi bởi cvp on 20-06-2009 - 15:59 trong Tài liệu - Đề thi
Trời ơi chơi lại chiêu của mình rùi còn j`.Mình chỉ viết vắn tắt ra cho mọi người "tự hiểu" thế thui.chẳng wa bạn chỉ diễn lại chiêu 1 cách cụ thể thui.heheBạn có chiêu thức hay đấy ! Nhưng chém chưa chết ! Vậy để mình dùng chiêu thức đó chém chết lun nha !
Gọi x , y là hai số nguyên dương . Khi đó x và y chỉ xảy ra hai trường hợp: x = 1 , y= 1 và $ x \geq 2 ,y \geq 2 .$
Gọi pt : $\dfrac{1}{{x^2 }} + \dfrac{1}{xy} + \dfrac{1}{{y^2 }} = 1 (I)$ . Ta xét hai trường hợp đó xem sao !
+) Với x=1 , y=1
Ta có : $\dfrac{1}{{x^2 }} + \dfrac{1}{xy} + \dfrac{1}{{y^2 }} = \dfrac{1}{{1^2 }} + \dfrac{1}{1.1} + \dfrac{1}{{1^2 }} = 3 $ không thỏa (I).
$ \Rightarrow x=1, y=1 $ không phải là nghiệm của (I).
+) Với $ x \geq 2 ,y \geq 2 .$ .
Ta có : $x \geq 2 \Leftrightarrow x^2 \geq 4 \Leftrightarrow \dfrac{1}{x^2} \leq \dfrac{1}{4}(1)$
và $xy \geq 4 \Leftrightarrow \dfrac{1}{xy} \leq \dfrac{1}{4}(2)$
và $y \geq 2 \Leftrightarrow y^2 \geq 4 \Leftrightarrow \dfrac{1}{y^2} \leq \dfrac{1}{4}(3)$
Cộng (1) , (2) ,(3) ta được :$\dfrac{1}{{x^2 }} + \dfrac{1}{xy} + \dfrac{1}{{y^2 }} \leq \dfrac{1}{4} + \dfrac{1}{4}+\dfrac{1}{4}=\dfrac{3}{4}<1$ Cũng không thỏa (I).
$\Rightarrow x \geq 2 ,y \geq 2 .$ cũng không phải là nghệm của (I)
Vậy phương trình (I) không thể có nghiệm nguyên dương ! Ok chứ "cvp@" ?
#203543 1 bài trong đề thi
Đã gửi bởi cvp on 01-07-2009 - 12:28 trong Hình học
đến đây nhớ lại $sin 75^o=\dfrac{(\sqrt{2}+\sqrt{6})}{4}$ (cm có thể dùng ct lượng giác cho ngắn )
và định lí sin: $a=2RsinA$
Vẽ hình ra cm đc góc $MAE= 75^o$.Sử dụng 2 điều vừa nêu trên là xong!
#203565 1 bài trong đề thi
Đã gửi bởi cvp on 01-07-2009 - 15:35 trong Hình học
Nhưng thui nếu bạn mún cách lớp 9 thật thì đây:
Áp dụng định lí Ptô-lê-mê vào tứ giác AMBE ta có:
$AM.EB+MB.AE=AB.ME$ (1)
Tiếp theo AB=2R
trong tam giác vuông AMB góc $MAB=30^o$nên $MB=\dfrac{1}{2}AB=R$ =>$MA=\dfrac{\sqrt{3}}{2}AB=\sqrt{3}R$
tam giác AEB là tam giác vuông cân$AE=EB=\dfrac{1}{\sqrt{2}}AB=\sqrt{2}R$
Thay vào (1) ta có đpcm!
#202155 2 bai nay hay lam pac nao vao chi giao ho em
Đã gửi bởi cvp on 20-06-2009 - 23:03 trong Bất đẳng thức và cực trị
nản bạn chơi khó nhau bài 1 là bài IMO năm nào ý.(nhớ ko nhầm là vậy)Bài 1:Tìm tất cả các cặp số nguyên dương (a,b)sao cho a^2b+a+b (ab^2+b+7)
Bài 2Cho số nguyên dương n 3 và t1,t2,...,tn là những số thực dương sao cho:
n^2+1 lớn hơn (t1+t2+...+tn)(1/t1 +1/t2 +...+1/tn)
Theo tớ: Xét a<b cm đc a^2b+a+b<ab^2+b+7
Xét a≥b như sau:
$\left( {\dfrac{a}{b} + \dfrac{1}{b}} \right)\left( {ab^2 + b + 7} \right) > a^2 b + a + b$
• Xét b≥3 ta có:$\left( {\dfrac{a}{b} - \dfrac{1}{b}} \right)\left( {ab^2 + b + 7} \right) < a^2 b + a + b$
Kết hợp 2 cái trên ta đc:
$\dfrac{{a^2 b + a + b}}{{ab^2 + b + 7}} = \dfrac{a}{b}$
=>b=7m;a=7m^2
• Xét b<3 xét đơn giản theo chia hết.
b=1 có a=11;49
b=2 vô nghiệm!
Kết luận...............
Chắc chắn có cách hay hơn;lời giải này của mình vắn tắt những j cơ bản thui!thông cảm nhé 11h
- Diễn đàn Toán học
- → cvp nội dung