Đến nội dung

Hình ảnh

Chứng minh: $(a+b)(b+c)(c+a)\geq 2(1+a+b+c)$


  • Please log in to reply
Chủ đề này có 10 trả lời

#1
Cao thu

Cao thu

    Hạ sĩ

  • Thành viên
  • 85 Bài viết

1))Cho $x,y,z$ là các số thực dương thoả mãn $x^2+y^2+z^2+2xyz=1$. Chứng minh : 

a) $xyz\leq \frac{1}{8}$

b)$x+y+z\leq \frac{3}{2}$

c)$xy+yz+zx\leq \frac{3}{4}\leq x^2+y^2+z^2$

d)$xy+yz+zx\leq \frac{1}{2}+2xyz$

2))Cho $x,y,z$ là các số thực dương thoả mãn $x^2+y^2+z^2=xyz$. Chứng minh:

a)$xyz\geq 27$

b)$xy+yz+zx\geq 27$

c)$x+y+z\geq 9$

d)$xy+yz+zx\geq 2(x+y+z)+9$

3))Cho $x,y,z$ là các số thực dương thoả mãn $xy+yz+zx+2xyz=1$. Chứng minh:

a)$xyz\leq \frac{1}{8}$

b)$x+y+z\geq \frac{3}{2}$

c)$\frac{1}{x}+\frac{1}{y}+\frac{1}{z}\geq 4(x+y+z)$

4))Cho $x,y,z$ là các số thực thỏa mãn $0< x\leq y\leq z$ và $x+y+z=xyz+2$ . Chứng minh:

a) $(1-xy)(1-yz)(1-zx)\geq 0 $

b)$x^{2}y\leq 1; x^{3}y^{2}\leq \frac{32}{27}$

5))Cho $x,y,z$ là các số thực dương thoả mãn $xyz\geq xy+yz+zx$. Chứng minh

$xyz\geq 3(x+y+z)$ 

6))Cho $x,y,z$ là các số thực dương thoả mãn $x^2+y^2+z^2=1$. Chứng minh

$x^{2}yz+xy^{2}z+xyz^{2}\leq \frac{1}{3}$

7))Cho $x,y,z$ là các số thực dương thoả mãn $xyz=1$. Chứng minh:

$x^{3}y+y^{3}z+z^{3}x\geq x+y+z$

8))Cho $x,y,z$ là các số thực dương thoả mãn $xy+yz+zx\leq 3xyz$. Chứng minh:

$\frac{a^{4}b}{2a+b}+\frac{b^4c}{2b+c}+\frac{c^4a}{2c+a}\geq 1$

9))Cho $x,y,z$ là các số thực không âm bé hơn 1 thỏa mãn $xyz=(1-x)(1-y)(1-z)$. Chứng minh rằng:

$x^2+y^2+z^2\geq \frac{3}{4}$

10))Cho $x,y,z$ là các số thực dương thoả mãn $x^3+y^3+z^3=3$. Tìm GTLN:

$3(xy+yz+zx)-xyz$

11))Cho $x,y,z$ là các số thực dương thoả mãn $xy+yz+zx=1$. Tìm GTNN: 

$x+y+z+xyz$

12))Cho $x,y,z$ là các số thực dương thoả mãn $xyz=1$. Chứng minh:

$(a+b)(b+c)(c+a)\geq 2(1+a+b+c)$


Bài viết đã được chỉnh sửa nội dung bởi Cao thu: 19-06-2014 - 21:26


#2
Ngoc Hung

Ngoc Hung

    Đại úy

  • Điều hành viên THCS
  • 1547 Bài viết

7) $x^{3}y+y^{3}z+z^{3}x=\frac{x^{2}}{z}+\frac{y^{2}}{x}+\frac{z^{2}}{y}$

Theo Cauchy ta có $\frac{x^{2}}{z}+z\geq 2x$, tương tự ta có đpcm



#3
Ngoc Hung

Ngoc Hung

    Đại úy

  • Điều hành viên THCS
  • 1547 Bài viết

6) Áp dụng BĐT Cauchy ta có $x^{2}yz+xy^{2}z+xyz^{2}=xyz(x+y+z)\leq \frac{(x+y+z)^{4}}{27}$

$=\frac{1}{3}\left [ \frac{(x+y+z)^{2}}{3} \right ]^{2}\leq \frac{1}{3}(x^{2}+y^{2}+z^{2})^{2}=\frac{1}{3}$



#4
NMDuc98

NMDuc98

    Sĩ quan

  • Thành viên
  • 314 Bài viết

5/

Đặt:$a=\frac{1}{x},b=\frac{1}{y},c=\frac{1}{z}\,\,\,\,\,\,\,\,(a,b,c>0)$ .Khi đó:

$a+b+c\le 1$  và BĐT cần chứng minh trở thành:$3(ab+bc+ca)\le 1$ .

Ta lại có:

$3(ab+bc+ca)\le {{(a+b+c)}^{2}}\le 1$

$\Rightarrow 3(ab+bc+ca)\le 1$

Dấu “=” xảy ra khi $a=b=c=\frac{1}{3}$ hay $x=y=z=3$.

Bài toán được chứng minh.


Bài viết đã được chỉnh sửa nội dung bởi DucHuyen1604: 17-06-2014 - 23:30

Nguyễn Minh Đức

Lặng Lẽ

THPT Lê Quảng Chí (Hà Tĩnh)


#5
NMDuc98

NMDuc98

    Sĩ quan

  • Thành viên
  • 314 Bài viết

mj.png


Nguyễn Minh Đức

Lặng Lẽ

THPT Lê Quảng Chí (Hà Tĩnh)


#6
Ngoc Hung

Ngoc Hung

    Đại úy

  • Điều hành viên THCS
  • 1547 Bài viết

Bài 1: a) Áp dụng BĐT Cauchy ta có $1=x^{2}+y^{2}+z^{2}+2xyz\geq 3\sqrt[3]{(xyz)^{2}}+2xyz$

$\Leftrightarrow 2(\sqrt[3]{xyz})^{3}+3(\sqrt[3]{xyz})^{2}-1\leq 0$

$\Leftrightarrow (2\sqrt[3]{xyz}-1)(\sqrt[3]{xyz}+1)^{2}\leq 0\Leftrightarrow \sqrt[3]{xyz}\leq \frac{1}{2}\Rightarrow xyz\leq \frac{1}{8}$



#7
Cao thu

Cao thu

    Hạ sĩ

  • Thành viên
  • 85 Bài viết

Bài 10 :

Dễ thấy $x,y,z\leq 3$.

Suy ra $(3-x)\geq 0 ;(3-y)\geq 0 ;(3-z)\geq 0 $.

Áp dụng bất đẳng thức Cauchy cho 3 số trên, ta có được:

$(3-x)(3-y)(3-z)\leq \frac{(3-x)^{3}+(3-y)^3+(3-z)^3}{3}$

$\Leftrightarrow 27+3(xy+yz+zx)-xyz+9(x+y+z)\leq 27-9(x+y+z)+3(x^2+y^2+z^2)- \frac{x^3+y^3+z^3}{3}$

$\Leftrightarrow 3(xy+yz+zx)-xyz\leq 3(x^2+y^2+z^2)-(x^3+y^3+z^3)$

 

Mặt khác:

$x^{3}+x^{3}+1\geq 3x^2\Leftrightarrow 3x^2\leq 2x^3+1$.

Thiết lập các bất đẳng thức tương tự, ta có:

$3(x^2+y^2+z^2)\leq 2(x^3+y^3+z^3)+3=9$

Suy ra : $3(xy+yz+zx)-xyz\leq 9-1=8$ 


Bài viết đã được chỉnh sửa nội dung bởi Cao thu: 18-06-2014 - 14:55


#8
lahantaithe99

lahantaithe99

    Trung úy

  • Thành viên
  • 883 Bài viết

1))Cho $x,y,z$ là các số thực dương thoả mãn $x^2+y^2+z^2+2xyz=1$. Chứng minh : 

 

b)$x+y+z\leq \frac{3}{2}$

c)$xy+yz+zx\leq \frac{3}{4}\leq x^2+y^2+z^2$

 

 

Bài 1

 

b) Đặt $a+b+c=t$

 

Từ giả thiết ta có đẳng thức sau

 

$t^2-2t+1=2(1-x)(1-y)(1-z)\leqslant 2(\frac{3-t}{3})^3$

 

Khai triển và rút gọn ta thu được

 

$2t^3+9t^2-27\leqslant 0\Rightarrow (2t-3)(t+3)^2\leqslant 0\Rightarrow t\leqslant \frac{3}{2}$

 

c)

 

Ta có $xy+yz+zx\leqslant \frac{(x+y+z)^2}{3}\leqslant \frac{3^2}{3.2^2}=\frac{3}{4}$ $(1($

 

$x^2+y^2+z^2=1-2xyz\geqslant 1-2.\frac{1}{8}=\frac{3}{4}$ $(2)$

 

Kết hợp $(1);(2)$ ta có đpcm



#9
lahantaithe99

lahantaithe99

    Trung úy

  • Thành viên
  • 883 Bài viết

 

3))Cho $x,y,z$ là các số thực dương thoả mãn $xy+yz+zx+2xyz=1$. Chứng minh:

a)$xyz\leq \frac{1}{8}$

b)$x+y+z\geq \frac{3}{2}$

c)$\frac{1}{x}+\frac{1}{y}+\frac{1}{z}\geq 4(x+y+z)$

 

 

Câu 3:

 

a) Tương tự phần $a$ bài 1

 

b) Ta có các BĐT quen thuộc là

 

$\left\{\begin{matrix} 2(x+y+z)^3\geqslant 54xyz & \\ 9(x+y+z)^2\geqslant 27(xy+yz+xz) & \end{matrix}\right.$

 

Đặt $x+y+z=t$ và cộng theo vế

 

$2t^3+9t^2\geqslant 27\Rightarrow t\geqslant \frac{3}{2}$

 

c) Do $xy+yz+xz+2xyz=1$ nên tồn tại bộ số $x,y,z$ thỏa mãn

 

$(x,y,z)=(\frac{a}{b+c},\frac{b}{c+a},\frac{c}{a+b})$

 

Vậy nên ta cần chứng minh $\frac{a+b}{c}+\frac{b+c}{a}+\frac{c+a}{b}\geqslant \frac{4a}{b+c}+\frac{4b}{a+c}+\frac{4c}{a+b}$

 

BĐT này hiển nhiên đúng vì theo S.Vac thì

 

 $\frac{a}{b}+\frac{a}{c}=a(\frac{1}{b}+\frac{1}{c})\geqslant \frac{4a}{b+c}$ và TT....



#10
lahantaithe99

lahantaithe99

    Trung úy

  • Thành viên
  • 883 Bài viết

 

2))Cho $x,y,z$ là các số thực dương thoả mãn $x^2+y^2+z^2=xyz$. Chứng minh:

a)$xyz\geq 27$

b)$xy+yz+zx\geq 27$

c)$x+y+z\geq 9$

8))Cho $x,y,z$ là các số thực dương thoả mãn $xy+yz+zx\leq 3xyz$. Chứng minh:

$\frac{a^{4}b}{2a+b}+\frac{b^4c}{2b+c}+\frac{c^4a}{2c+a}\geq 1$

 

 

Bài 2:

 

a) Áp dụng $AM-GM$ tương tự bài $1$

 

b) $xy+yz+xz\geqslant 3\sqrt[3]{(xyz)^2}\geqslant 3\sqrt[3]{27^2}=27$

 

c) $x+y+z\geqslant \sqrt{3(xy+yz+zx)}\geqslant \sqrt{3.27}=9$

 

8)

 

Áp dụng BĐT Holder

 

$(\sum \frac{a^3}{\frac{2a+b}{ab}})(\sum \frac{2a+b}{ab})(1+1+1)\geqslant (a+b+c)^3$

 

$\Leftrightarrow 9Vt.(\frac{1}{a}+\frac{1}{b}+\frac{1}{c})\geqslant (a+b+c)^3$

 

$Gt\Rightarrow \sum \frac{1}{a}\leqslant 3\Rightarrow VT\geqslant \frac{(a+b+c)^3}{27}$ $(1)$

 

Mặt khác

 

$Gt\Rightarrow abc\geqslant 1\Rightarrow (a+b+c)^3\geqslant 27abc\geqslant 27$ $(2)$

 

Từ $(1);(2)$ suy ra $Vt\geqslant 1$

 

Dấu $=$ xảy ra khi $a=b=c=1$



#11
PolarBear154

PolarBear154

    Sĩ quan

  • Thành viên
  • 396 Bài viết

 

2))Cho $x,y,z$ là các số thực dương thoả mãn $x^2+y^2+z^2=xyz$. Chứng minh:

a)$xyz\geq 27$

b)$xy+yz+zx\geq 27$

c)$x+y+z\geq 9$

d)$xy+yz+zx\geq 2(x+y+z)+9$

 

d) $xy+yz+zx\geq 3\sqrt[3]{(xyz)^{2}}= 3\sqrt[3]{(x^{2}+y^{2}+z^{2})^{2}}\geq 3\sqrt[3]{\frac{(x+y+z)^{4}}{9}}= 3(x+y+z)\sqrt[3]{\frac{x+y+z}{9}}\geq 3(x+y+z)\geq 2(x+y+z)+9$

do c)

dấu = xảy ra tại x=y=z=3


Trong bất cứ hoàn cảnh công việc nào, không cúi đầu trước cái ác, không lùi trước hiểm nạn. Nhìn thẳng và đi trên con đường mình đã chọn: con đường mà sự nhẫn nại bao dung là những bước đi tới, hành trang là những ước mơ vô cùng bé nhỏ- chỉ xin làm một cành dương tưới trên cuộc đời đầy rẫy khô khát và bất trắc... 





0 người đang xem chủ đề

0 thành viên, 0 khách, 0 thành viên ẩn danh