Tìm tất cả các hàm số $f:\mathbb{N}\rightarrow\mathbb{N}$ thoả mãn $$ mn\cdot(f(m)-nm)\cdot(n-f(n^2))$$ là số chính phương với mọi $m,n \in \mathbb{N}$.
Nguồn: AoPS
Tìm tất cả các hàm số $f:\mathbb{N}\rightarrow\mathbb{N}$ thoả mãn $$ mn\cdot(f(m)-nm)\cdot(n-f(n^2))$$ là số chính phương với mọi $m,n \in \mathbb{N}$.
Nguồn: AoPS
Discovery is a child’s privilege. I mean the small child, the child who is not afraid to be wrong, to look silly, to not be serious, and to act differently from everyone else. He is also not afraid that the things he is interested in are in bad taste or turn out to be different from his expectations, from what they should be, or rather he is not afraid of what they actually are. He ignores the silent and flawless consensus that is part of the air we breathe – the consensus of all the people who are, or are reputed to be, reasonable.
Grothendieck, Récoltes et Semailles (“Crops and Seeds”).
Tìm tất cả các hàm số $f:\mathbb{N}\rightarrow\mathbb{N}$ thoả mãn $$ mn\cdot(f(m)-nm)\cdot(n-f(n^2))$$ là số chính phương với mọi $m,n \in \mathbb{N}$.
Nguồn: AoPS
Cho $F$ là tập số chính phương, $P$ là tập số nguyên tố lẻ.
$(m,n)$ thì $mn(f(m)-mn)(n-f(n^2))\in F$
$(1,1)$ thì $-(f(1)-1)^2 \in F\Rightarrow f(1)=1$
$(n^2,n)$ thì $n^3(f(n^2)-n^3)(n-f(n^2))\in F\Rightarrow n^3\geq f(n^2)\geq n$
$(1,n)$ thì $n(n-1)(f(n^2)-n)\in F\Rightarrow m(n-1)(mn-f(m))\in F$ nếu $f(n^2)>n$ $(*)$
$(1,2)$ thì $2(f(4)-2)\in F\Rightarrow f(4)=2$ hoặc $f(4)=4$ ( do $8\geq f(4)\geq 2$ )
Với $f(4)=2$ chứng minh quy nạp $f(n^2)=n$
Giả sử ta chứng minh được đến $f(k^2)=k$
Nếu $f((k+1)^2)>k+1$
$(k^2,k+1)$ do $(*)$ thì $k^3(k^2(k+1)-f(k^2))\in F\Rightarrow k^2+k-1\in F$ vô lí khi $k>1$
Vậy ta chứng minh được $f((k+1)^2)=k+1$ Hay ta chứng minh được hàm $f(n^2)=n$ thỏa mãn.
Với $f(4)=4$
Cho $p\in P$ giả sử $f((p+1)^2)=p+1$
$((p+1)^2,2)$ thì $4(p+1)^2(2(p+1)^2-f((p+1)^2))\in F\Rightarrow (p+1)(2(p+1)-1)\in F$ vô lí do $p+1\not \in F$
Nên $f((p+1)^2)>p+1$
Với mỗi $m$ cho một số $p\in P$ sao cho $p\not |m$
$(m,p+1)$ do $(*)$ thì $mp(m(p+1)-f(m))\in F\Rightarrow p|(m-f(m))$ do $p\not |m$
Mà do có vô số số $p$ thỏa mãn nên $m-f(m)=0$ hay ta tìm được hàm $f(m)=m$
Vậy ta có hai họ hàm thỏa $f(n^2)=n,\forall n\in \mathbb{N}^*$ và $f(n)=n,\forall \mathbb{N}^*$
@Zaraki: Lời giải của pco cũng khá hay
Bài viết đã được chỉnh sửa nội dung bởi Dialga Palkia: 27-07-2015 - 20:19
Lời giải của thành viên pco bên AoPS. Lời giải của bạn (theo ý kiến của mình) hay hơn và "tự nhiên" hơn lời giải của pco.
Let $g(m,n)=mn(f(m)-mn)(n-f(n^2))$
$g(1,1)=-(f(1)-1)^2$ can only be a perfect square when $f(1)=1$
If $f(n^2)=n$ $\forall n\in\mathbb N$, we get a first trivial solution :
$\boxed{\text{S1 : }f(n^2)=n\text{ }\forall n\in\mathbb N\text{ and f(m) is any value when m is not a perfect square}}$
Suppose now that $\exists a$ such that $f(a^2)\ne a$
$(a-1)^2g(m,a)=(1-a)m(f(m)-ma)g(1,a)$ and, since both $g(m,a)$ and $g(1,a)\ne 0$ are perfect squares, we get
$4(a-1)m(am-f(m))$ is a perfect square.
This may be written $(2ma-m-f(m))^2-(f(m)-m)^2$ is a perfect square $\forall m$
If infinitely many such $a$ exist, this implies $\boxed{\text{S2 : }f(n)=n\text{ }\forall n}$ which indeed is a solution.
Suppose now that $\exists$ finitely many $a$ such that $f(a^2)\ne a$
So $f(n^2)=n$ $\forall n>M$ for a given $M$
Let then such $n>M$ : $(a-1)^2g(n^2,a)=n^3(a-1)(an-1)g(1,a)$
And since both $g(n^2,a)$ and $n^2g(1,a)\ne 0$ are perfect squares, we get $n(a-1)(an-1)$ perfect square $\forall n>M$
Which is clearly impossible ,since $a\ne 1$
So no more solutions.
Bài viết đã được chỉnh sửa nội dung bởi Zaraki: 27-07-2015 - 15:33
Discovery is a child’s privilege. I mean the small child, the child who is not afraid to be wrong, to look silly, to not be serious, and to act differently from everyone else. He is also not afraid that the things he is interested in are in bad taste or turn out to be different from his expectations, from what they should be, or rather he is not afraid of what they actually are. He ignores the silent and flawless consensus that is part of the air we breathe – the consensus of all the people who are, or are reputed to be, reasonable.
Grothendieck, Récoltes et Semailles (“Crops and Seeds”).
$f((p+1)^2)>p+1$, chỗ đó dùng làm gì bạn? Mình chưa hiểu!Cho $F$ là tập số chính phương, $P$ là tập số nguyên tố lẻ.
$(m,n)$ thì $mn(f(m)-mn)(n-f(n^2))\in F$
$(1,1)$ thì $-(f(1)-1)^2 \in F\Rightarrow f(1)=1$
$(n^2,n)$ thì $n^3(f(n^2)-n^3)(n-f(n^2))\in F\Rightarrow n^3\geq f(n^2)\geq n$
$(1,n)$ thì $n(n-1)(f(n^2)-n)\in F\Rightarrow m(n-1)(mn-f(m))\in F$ nếu $f(n^2)>n$ $(*)$
$(1,2)$ thì $2(f(4)-2)\in F\Rightarrow f(4)=2$ hoặc $f(4)=4$ ( do $8\geq f(4)\geq 2$ )
Với $f(4)=2$ chứng minh quy nạp $f(n^2)=n$
Giả sử ta chứng minh được đến $f(k^2)=k$
Nếu $f((k+1)^2)>k+1$
$(k^2,k+1)$ do $(*)$ thì $k^3(k^2(k+1)-f(k^2))\in F\Rightarrow k^2+k-1\in F$ vô lí khi $k>1$
Vậy ta chứng minh được $f((k+1)^2)=k+1$ Hay ta chứng minh được hàm $f(n^2)=n$ thỏa mãn.
Với $f(4)=4$
Cho $p\in P$ giả sử $f((p+1)^2)=p+1$
$((p+1)^2,2)$ thì $4(p+1)^2(2(p+1)^2-f((p+1)^2))\in F\Rightarrow (p+1)(2(p+1)-1)\in F$ vô lí do $p+1\not \in F$
Nên $f((p+1)^2)>p+1$
Với mỗi $m$ cho một số $p\in P$ sao cho $p\not |m$
$(m,p+1)$ do $(*)$ thì $mp(m(p+1)-f(m))\in F\Rightarrow p|(m-f(m))$ do $p\not |m$
Mà do có vô số số $p$ thỏa mãn nên $m-f(m)=0$ hay ta tìm được hàm $f(m)=m$
Vậy ta có hai họ hàm thỏa $f(n^2)=n,\forall n\in \mathbb{N}^*$ và $f(n)=n,\forall \mathbb{N}^*$
@Zaraki: Lời giải của pco cũng khá hay
Toán thi Học sinh giỏi và Olympic →
Phương trình hàm →
$f(x-f(y)) = f(f(y)) +x.f(y) + f(y) -1$Bắt đầu bởi noname0101, 21-02-2024 phương trình hàm |
|
|||
Toán thi Học sinh giỏi và Olympic →
Phương trình hàm →
$f(2x+3y)=2f(x)+3g(y)$Bắt đầu bởi duongnhi, 26-11-2023 phương trình hàm |
|
|||
Toán thi Học sinh giỏi và Olympic →
Phương trình hàm →
$f(3x+2y)=f(x)+2f(x+y)$Bắt đầu bởi duongnhi, 26-11-2023 phương trình hàm |
|
|||
Toán thi Học sinh giỏi và Olympic →
Phương trình hàm →
$f(2xy+x)=f(xy+x)+f(x)f(y)$Bắt đầu bởi do viet anh, 07-06-2023 phương trình hàm |
|
|||
Toán thi Học sinh giỏi và Olympic →
Phương trình hàm →
$f(x^2+yf(x))=xf(f(x))+f(x)f(y), \forall x,y \in \mathbb{R}.$Bắt đầu bởi WilliamFan, 26-05-2023 phương trình hàm, đại số |
|
0 thành viên, 1 khách, 0 thành viên ẩn danh