Cho $a,b,c\geq 0$ thỏa mãn $ab+bc+ca=3$. Chứng minh rằng
$\frac{a}{2a^2+bc}+\frac{b}{2b^2+ac}+\frac{c}{2c^2+ab}\geq abc$
Cho $a,b,c\geq 0$ thỏa mãn $ab+bc+ca=3$. Chứng minh rằng
$\frac{a}{2a^2+bc}+\frac{b}{2b^2+ac}+\frac{c}{2c^2+ab}\geq abc$
Cho $a,b,c\geq 0$ thỏa mãn $ab+bc+ca=3$. Chứng minh rằng
$\frac{a}{2a^2+bc}+\frac{b}{2b^2+ac}+\frac{c}{2c^2+ab}\geq abc$
Ta có:
$\sum \frac{a}{2a^2+bc}\geq \frac{9}{2\sum a+\sum \frac{bc}{a}}=\frac{9abc}{2abc\sum a+\sum b^2c^2}=\frac{9abc}{(ab+bc+ca)^2}=abc$
Cho $a,b,c\geq 0$ thỏa mãn $ab+bc+ca=3$. Chứng minh rằng
$\frac{a}{2a^2+bc}+\frac{b}{2b^2+ac}+\frac{c}{2c^2+ab}\geq abc$
Bài này có hai cách cơ bạn.
Cách 1: ta thấy nếu a=b=c=0 không thỏa mãn gt. => a; b; c không đồng thời bằng không
ta có P=$abc(\frac{1}{2a^2bc+(bc)^2}+\frac{1}{2ab^2c+(ac)^2}+\frac{1}{2abc^2+(ab)^2})$
áp dụng bđt $\frac{1}{a}+\frac{1}{b}+\frac{1}{c}\geq \frac{9}{a+b+c}$ ta đc
P$\geq abc(\frac{9}{(ab+bc+ac)^2})$ = $abc$ do ab+bc+ac =3
Bài này có hai cách cơ bạn.
Cách 1: ta thấy nếu a=b=c=0 không thỏa mãn gt. => a; b; c không đồng thời bằng không
ta có P=$abc(\frac{1}{2a^2bc+(bc)^2}+\frac{1}{2ab^2c+(ac)^2}+\frac{1}{2abc^2+(ab)^2})$
áp dụng bđt $\frac{1}{a}+\frac{1}{b}+\frac{1}{c}\geq \frac{9}{a+b+c}$ ta đc
P$\geq abc(\frac{9}{(ab+bc+ac)^2})$ = $abc$ do ab+bc+ac =3
Ta có:
$\sum \frac{a}{2a^2+bc}\geq \frac{9}{2\sum a+\sum \frac{bc}{a}}=\frac{9abc}{2abc\sum a+\sum b^2c^2}=\frac{9abc}{(ab+bc+ca)^2}=abc$
cách 1 của anh Khanhturbo12 giống như cách của anh Hoang Nhat Tuan, thế còn cách thứ 2 của anh thì sao?
cách 1 của anh Khanhturbo12 giống như cách của anh Hoang Nhat Tuan, thế còn cách thứ 2 của anh thì sao?
Cách 2 là chia đi. Bài của bác trên tổng hợp cả 2 cách của e luôn bác nạ. Ngại lười đăng
Cách 2 là chia đi. Bài của bác trên tổng hợp cả 2 cách của e luôn bác nạ. Ngại lười đăng
Em không hiểu "chia đi" là làm như thế nào, anh làm rõ được không ạ?
0 thành viên, 1 khách, 0 thành viên ẩn danh