Lời giải của mình cũng dựa trên ý tưởng trên nhưng dài hơn.
Giả sử $a>c>b$, đặt vế trái là $f(a,b,c)$.
TH1: $ab+bc+ca\geq(a-c)(b-c)$, dễ thấy $f(a,b,c)\geq f(a-c,b-c,0)$
Cần chứng minh: $f(a-c,b-c,0)\geq0$
Đặt $a-c=x>0,c-b=y>0$, bđt cần chứng minh trở thành.
$[x^2+y^2-kxy][\frac{1}{x^2}+\frac{1}{y^2}+\frac{1}{(x+y)^2}]\geq \frac{9(2-k)}{4}$
$VT \geq[(x+y)^2-\frac{(k+2)(x+y)^2}{4}][\frac{8}{(x+y)^2}+\frac{1}{(x+y)^2}]=VP$
TH2: $ab+bc+ca\leq(a-c)(b-c)$
$a^2+b^2+c^2+k(ab+bc+ca)=(a+b+c)^2+(k-2)(ab+bc+ca)\geq(k-2)(a-c)(b-c)$
Cần chứng minh: $[(a-c)(c-b)][\frac{1}{(a-b)^2}+\frac{1}{(b-c)^2}+\frac{1}{(c-a)^2}\geq\frac{9}{4}$
Đặt $a-c=m>0,c-b=n>0$, bđt cần chứng minh trở thành.
$mn[\frac{1}{m^2}+\frac{1}{n^2}+\frac{1}{(m+n)^2}]\geq\frac{9}{4} \Leftrightarrow \frac{(m-n)^2(m^2+mn+n^2)}{(m+n)^2}\geq0$
Bài viết đã được chỉnh sửa nội dung bởi chardhdmovies: 30-12-2015 - 21:42