Cho a,b,c dương. Chứng minh
$\frac{a^{2}+b^{2}+c^{2}}{ab+bc+ca}+\frac{1}{3}\geq \frac{8}{9}\sum \frac{a}{b+c}$
Cho a,b,c dương. Chứng minh
$\frac{a^{2}+b^{2}+c^{2}}{ab+bc+ca}+\frac{1}{3}\geq \frac{8}{9}\sum \frac{a}{b+c}$
Ta chứng minh: $\frac{a^{2}}{ab+bc+ca}+\frac{1}{9}\geq \frac{8}{9}.\frac{a}{b+c}$
$\Leftrightarrow 9a^{2}(b+c)+(ab+bc+ca)(b+c)\geq 8a(ab+bc+ca)$
$\Leftrightarrow 9a^{2}(b+c)+(ab+bc+ca)(b+c)\geq 8a(a(b+c)+bc)$
$\Leftrightarrow a^{2}(b+c)+(ab+bc+ca)(b+c)\geq 8abc$
$\Leftrightarrow (a+b)(b+c)(c+a)\geq 8abc$(luôn đúng theo Cô-si)
Tương tự cộng các bđt lại ta có đpcm
Vũ trụ không có biên trong không gian, không có bắt đầu và kết thúc trong thời gian và chẳng có việc gì cho đấng sáng thế phải làm ở đây cả.
Vì sao $9a^{2}(b+c)+(ab+bc+ca)(b+c)\geq 8a(a(b+c)+bc)\Leftrightarrow a^{2}(b+c)+(ab+bc+ca)(b+c)\geq 8abc$ vậy ạ?
$\color{red}{\mathrm{\text{How I wish I could recollect, of circle roud}}}$
$\color{red}{\mathrm{\text{The exact relation Archimede unwound ! }}}$
Vì sao $9a^{2}(b+c)+(ab+bc+ca)(b+c)\geq 8a(a(b+c)+bc)\Leftrightarrow a^{2}(b+c)+(ab+bc+ca)(b+c)\geq 8abc$ vậy ạ?
$9a^{2}(b+c)+(ab+bc+ca)(b+c)\geq 8a(a(b+c)+bc)$
$\Leftrightarrow 9a^{2}(b+c)+(ab+bc+ca)(b+c)\geq 8a^{2}(b+c)+8abc$
Đến đây chuyển vế là được
Vũ trụ không có biên trong không gian, không có bắt đầu và kết thúc trong thời gian và chẳng có việc gì cho đấng sáng thế phải làm ở đây cả.
Cho a,b,c dương. Chứng minh
$\frac{a^{2}+b^{2}+c^{2}}{ab+bc+ca}+\frac{1}{3}\geq \frac{8}{9}\sum \frac{a}{b+c}$
BĐT $\Leftrightarrow \frac{a^2+b^2+c^2}{ab+bc+ca}-1 \geqslant \frac{8}{9}\left ( \sum \frac{a}{b+c}-\frac{3}{2} \right )$
$\Leftrightarrow \sum \frac{(a-b)^2}{2(ab+bc+ca)} \geqslant \frac{8}{9}\sum \frac{(a-b)^2}{2(a+c)(b+c)}$
$\Leftrightarrow (a-b)^2S_c+(b-c)^2S_a+(c-a)^2S_b \geqslant 0$
trong đó $S_c=\frac{1}{2(ab+bc+ca)}-\frac{4}{9(a+c)(b+c)}, S_b, S_a$ xác định tương tự và dễ dàng chứng minh được $S_a,S_b,S_c \geqslant 0$
Bài viết đã được chỉnh sửa nội dung bởi Nguyen Minh Hai: 19-01-2016 - 15:11
0 thành viên, 1 khách, 0 thành viên ẩn danh