$n > 10000$ là một số tự nhiên cho trước. Chứng minh rằng tồn tại số nguyên dương $m$ thỏa cả hai điều kiện:
i) $m$ viết được dưới dạng tổng hai số chính phương
ii) $0 < m - n < 3\sqrt[4]{n}$
Nguồn: thành viên LichKing - mathscope.
![Hình ảnh](https://diendantoanhoc.org/uploads/profile/photo-146771.png?_r=1506596521)
Chứng minh rằng tồn tại số nguyên dương $m$ thỏa cả hai điều kiện
#2
Đã gửi 11-04-2016 - 22:54
![](https://diendantoanhoc.org/public/style_images/royal/post_offline.png)
$n > 10000$ là một số tự nhiên cho trước. Chứng minh rằng tồn tại số nguyên dương $m$ thỏa cả hai điều kiện:
i) $m$ viết được dưới dạng tổng hai số chính phương
ii) $0 < m - n < 3\sqrt[4]{n}$
Nguồn: thành viên LichKing - mathscope.
chọn $m-n=4k+1$ là $OK$ :v
dựa vào nhận xét $2$ ở đây http://diendantoanho...p-và-2ab-c2-d1/
__________
Bruno Mars
#3
Đã gửi 26-05-2016 - 00:04
![](https://diendantoanhoc.org/public/style_images/royal/post_offline.png)
Sau đây cũng là một lời giải :
Do $n > 10000=100^{2}$ , chọn $a$ là số tự nhiên mà $a \geq 100$ và $a^{2} < n \leq (a+1)^{2}$
Đặt $n = a^{2}+k$ thế thì $k \leq 2a + 1$ theo kẹp trên .
Ta sẽ tìm $m$ ở dạng $m = a^{2} + b^{2}$ với $b$ chọn sau
Thế vào bất đẳng thức ta cần có $k < b^{2} < k + 3.(a^{2}+k)^{\frac{1}{4}}$
Ta xét $b$ mà $k < b^{2} \leq (\sqrt{k}+1)^{2}$ , từ điều kiện $k \leq 2a+1$ cần có $a^{2}-42a+9>0$ luôn đúng do $a \geq 100$
Ở đây số $b$ hoặc là $\sqrt{k}+1$ hoặc là $[k]$ với $[x]$ là số nguyên nhỏ nhất mà $x$ không vượt quá
$$[\Psi_f(\mathbb{1}_{X_{\eta}}) ] = \sum_{\varnothing \neq J} (-1)^{\left|J \right|-1} [\mathrm{M}_{X_{\sigma},c}^{\vee}(\widetilde{D}_J^{\circ} \times_k \mathbf{G}_{m,k}^{\left|J \right|-1})] \in K_0(\mathbf{SH}_{\mathfrak{M},ct}(X_{\sigma})).$$
2 người đang xem chủ đề
0 thành viên, 2 khách, 0 thành viên ẩn danh