Cho $a,b,c>0$ chứng tỏ : $(ab+c^2)(bc+a^2)(ca+b^2) \ge abc(a+b)(b+c)(a+c)$
$(ab+c^2)(bc+a^2)(ca+b^2) \ge abc(a+b)(b+c)(a+c)$
#1
Đã gửi 10-06-2016 - 15:40
#2
Đã gửi 10-06-2016 - 16:18
Phân tích "trâu" một xíu :
Ta chứng minh $(ab+c^2)(bc+a^2)\geq ac(a+b)(b+c)\Leftrightarrow b(c^3+a^3)\geq b(a^2c+c^2a)\Leftrightarrow b(c-a)^2(c+a)\geq 0$ ( hiển nhiên đúng do $a,b,c>0$ ).
Tương tự ta cũng được:
$(bc+a^2)(ca+b^2)\geq ab(a+c)(b+c)$.
$(ab+c^2)(ca+b^2)\geq bc(a+b)(a+c)$.
Và nhân ba bất đẳng thức ở trên ta được: $(\prod (ab+c^2))^2\geq (abc\prod (a+b))^2$.
Và do $a,b,c>0$ ta suy ra được: $\prod (ab+c^2)\geq abc\prod (a+b)$.
Vậy bài toán được chứng minh.
- leminhnghiatt yêu thích
$\texttt{If you don't know where you are going, any road will get you there}$
#3
Đã gửi 10-06-2016 - 16:31
Cho $a,b,c>0$ chứng tỏ : $(ab+c^2)(bc+a^2)(ca+b^2) \ge abc(a+b)(b+c)(a+c)$
Áp dụng BĐT Cauchy Schwarz
$(ab+c^2)\left ( \frac{a}{b}+1 \right )\geq (a+c)^2$
Tương tự cũng có $(bc+a^2)\left ( \frac{b}{c}+1 \right )\geq (b+a)^2$ và $(ca+b^2)\left ( \frac{c}{a}+1 \right )\geq (b+c)^2$
Nhân theo vế ta có đpcm
- I Love MC, Element hero Neos, the unknown và 2 người khác yêu thích
#4
Đã gửi 25-04-2021 - 16:09
Cho $a,b,c>0$ chứng tỏ : $(ab+c^2)(bc+a^2)(ca+b^2) \ge abc(a+b)(b+c)(a+c)$
Ta có: $(ab+c^2)(bc+a^2)=ab^2c+b(a^3+c^3)+a^2c^2\geqslant ab^2c+abc(a+c)+a^2c^2=abc(a+b+c)+a^2c^2=ac(b^2+ab+bc+ca)=ca(a+b)(b+c)$
Tương tự rồi nhân theo vế, ta được: $(ab+c^2)^2(bc+a^2)^2(ca+b^2)^2\geqslant a^2b^2c^2(a+b)^2(b+c)^2(c+a)^2\Leftrightarrow (ab+c^2)(bc+a^2)(ca+b^2) \ge abc(a+b)(b+c)(a+c)$
Đẳng thức xảy ra khi $a=b=c$
- truonganh2812 và Tungtom thích
Trong cuộc sống không có gì là đẳng thức , tất cả đều là bất đẳng thức
$\text{LOVE}(\text{KT}) S_a (b - c)^2 + S_b (c - a)^2 + S_c (a - b)^2 \geqslant 0\forall S_a,S_b,S_c\geqslant 0$
0 người đang xem chủ đề
0 thành viên, 0 khách, 0 thành viên ẩn danh