Tìm tất cả các số nguyên dương $(x,y,z)$ thỏa mãn hệ phương trình
$x^{2}=2\left ( z+y \right )$ và $x^{6}=y^{6}+z^{6}+31\left (y^{2}+z^{2} \right )$
Bài viết đã được chỉnh sửa nội dung bởi Nghiapnh1002: 17-02-2017 - 20:25
Tìm tất cả các số nguyên dương $(x,y,z)$ thỏa mãn hệ phương trình
$x^{2}=2\left ( z+y \right )$ và $x^{6}=y^{6}+z^{6}+31\left (y^{2}+z^{2} \right )$
Bài viết đã được chỉnh sửa nội dung bởi Nghiapnh1002: 17-02-2017 - 20:25
Tìm tất cả các số nguyên dương $(x,y,z)$ thỏa mãn hệ phương trình
$x^{2}=2\left ( x+y \right )$ và $x^{6}=y^{6}+z^{6}+31\left (y^{2}+z^{2} \right )$
đề sai rồi kìa. chỗ đó phải là z+y mới đúng
Biết thì giải giùm đi bạn.
P/s: Đã fix
Bài viết đã được chỉnh sửa nội dung bởi Nghiapnh1002: 17-02-2017 - 20:32
Tìm tất cả các số nguyên dương $(x,y,z)$ thỏa mãn hệ phương trình
$x^{2}=2\left ( z+y \right )$ và $x^{6}=y^{6}+z^{6}+31\left (y^{2}+z^{2} \right )$
Solution:Từ gt suy ra : $8(y+z)^{3}=y^{6}+z^{6}+31(y^{2}+z^{2})$.
Ta có bđt phụ quen thuộc như sau: $a^{3}+b^{3}\geq \frac{(a+b)^{3}}{4}$ với a, b là các số thực dương.
Áp dụng bđt trên và sử dụng bđt AM-GM thì ta có:
$y^{6}+z^{6}+31(y^{2}+z^{2})\geq \frac{(y^{2}+z^{2})^{3}}{4}+\frac{31}{2}(y+z)^{2}$
$\Rightarrow 8(y+z)^{3}\geq \frac{(y+z)^{6}}{32}+\frac{31}{2}(y+z)^{2}$
$\Rightarrow 256(y+z)^{3}\geq (y+z)^{6}+496(y+z)^{2}$ $(1)$
Đặt $y+z=a$ với a là số nguyên dương.
Khi đó từ $(1)$ suy ra: $256a^{3}\geq a^{6}+496a^{2}$
$\Rightarrow 256a\geq a^{4}+496$ $(2)$
Ap dụng bđt AM-GM ta được: $a^{4}+496\geq 8\sqrt{31}a^{2}$ $(3)$
Từ $(2)$ và $(3)$ suy ra $\frac{256}{8\sqrt{31}}\geq a$
suy ra $a\leq 5,74$ mà $a$ nguyên dương và $y\geq1$, $z\geq1$ nên $a\in \left \{ 2;3;4;5 \right \}$
Mặt khác nếu $a$ lẻ thì suy ra $x^{2}\equiv 2 (mod4)$ (vô lí) suy ra $a=2$ hoặc $a=4$.
Xét $a=2$: suy ra $y=z=1$ (vì $y,z\geq 1$) từ đây suy $x=2$. Thử lại đúng
Xét $a=4$: suy ra $ x^{2}=8$ (vô lí).
Vậy hệ chỉ có 1 nghiệm nguyên dương duy nhất $(x;y;z)$ là $(2;1;1)$
Bài viết đã được chỉnh sửa nội dung bởi NHoang1608: 05-03-2017 - 20:21
The greatest danger for most of us is not that our aim is too high and we miss it, but that it is too low and we reach it.
----- Michelangelo----
|
Toán Trung học Cơ sở →
Số học →
Chứng minh rằng $(a_{1}^{2}+1)(a_{2}^{2}+1)...(a_{2024}^{2}+1)$ không chia hết cho $(a_{1}.a_{2}...a_{2024})^2$Bắt đầu bởi Nguyentrongkhoi, 26-03-2024 số học |
|
||
Toán thi Học sinh giỏi và Olympic →
Số học →
Chứng minh rằng $x^2 + y^2 + z^2 - 2(xy + yz + zx)$ là số chính phươngBắt đầu bởi Chuongn1312, 13-03-2024 toán olympic, số học |
|
|||
Toán thi Học sinh giỏi và Olympic →
Số học →
$\sum_{n\vdots d,d=2k+1}\varphi (d)2^{\frac{n}{d}} \hspace{0.2cm} \vdots \hspace{0.2cm} n$Bắt đầu bởi hovutenha, 08-03-2024 tổ hợp, số học |
|
|||
Solved
Toán Trung học Cơ sở →
Đại số →
$f(a)-f(b) \vdots a-b$Bắt đầu bởi Sa is very stupid and lazy, 17-01-2024 số học |
|
|||
Toán thi Học sinh giỏi và Olympic →
Số học →
$x^n+n \vdots p^m$Bắt đầu bởi trinhgiahuy2008, 15-01-2024 số học |
|
0 thành viên, 0 khách, 0 thành viên ẩn danh