Mọi người giúp mình nhiều cách làm khác nhau với nha
Đề thi hsg tỉnh Bình Định
#1
Đã gửi 20-03-2018 - 21:12
- Tea Coffee, Fighting 2k3 và conankun thích
#2
Đã gửi 22-03-2018 - 20:37
bài 1 : 2.
cộng ba điều kiện lại : $x+y+z=3(a+b+c)^{2} -9(ab+bc+ca) = 3[(a+b+c)^2 - 3ab -3bc-3ca] > 0$ (do $(a+b+c)^2 > 3(ab+bc+ca)$) theo cô - si
Do đó có ít nhất một trong ba số $x,y,z$ dương.
Bài viết đã được chỉnh sửa nội dung bởi Minhcamgia: 22-03-2018 - 20:59
- Tea Coffee và Fighting 2k3 thích
#3
Đã gửi 22-03-2018 - 20:44
con phương trình vô tỉ :
Đặt $x^2+2018 = t \Rightarrow \left\{\begin{matrix}x^2+t = 2018 & & \\ t^2-x=2018 & & \end{matrix}\right.$
$\Leftrightarrow x^2 - t^2+t+x=0 \Leftrightarrow (t+x)(t-x+1)=0 \Rightarrow t-x+1=0$ do $t+x >0 $
$\Rightarrow \sqrt{x^2+2018} = x+1 \Rightarrow x^2 + x -2017 = 0$. Đến đây giải tiếp tìm ra nghiệm
Bài viết đã được chỉnh sửa nội dung bởi Minhcamgia: 22-03-2018 - 20:45
- Tea Coffee và Fighting 2k3 thích
#4
Đã gửi 22-03-2018 - 20:53
con bất :
$(a+b+1)(a^2+b^2)+\frac{4}{a+b} = a^2+b^2+\frac{(a+b)(a^2+b^2)}{2} + \frac{(a+b)(a^2+b^2)}{2} + \frac{4}{a+b} $
$\geq 2ab+3\sqrt[3]{(a^2+b^2)^2.(a+b)}$
$\ge 2+ 3\sqrt[3]{4a^2b^2.2\sqrt{ab}} = 8. $
vậy min $M = 8$ khi $a=b=1$.
Bài viết đã được chỉnh sửa nội dung bởi Minhcamgia: 22-03-2018 - 20:58
- Tea Coffee, Fighting 2k3 và doctor lee thích
#5
Đã gửi 22-03-2018 - 21:02
Bài 1: 1.
$n^6-2n^4+n^2=n^2(n^4-2n^2+1)=[(n(n-1)(n+1)]^2$
Do $(n-1)n(n+1)$ là tích 3 số liên tiếp nên chia hết cho 6. Do đó có điều phải chứng minh
- Tea Coffee, Td09 và Fighting 2k3 thích
#6
Đã gửi 24-03-2018 - 20:52
SỞ GD&ĐT BÌNH ĐỊNH các bác chờ chút e gõ tiếp
Treasure every moment that you have!
And remember that Time waits for no one.
Yesterday is history. Tomorrow is a mystery.
Today is a gift. That’s why it’s called the present.
#7
Đã gửi 25-03-2018 - 10:58
#8
Đã gửi 25-03-2018 - 11:08
2.1 Đưa về phương trình bậc 2 ẩn x tham số y, tính delta rồi xét trường hợp
4.2 $DE=\sqrt{AD^{2}+AE^{2}}\geq \sqrt{\frac{(AD+DE)^{2}}{2}}=\sqrt{\frac{AB^{2}}{2}}=\frac{AB}{\sqrt{2}}$
b) $S(BDEC)=S(ABC)-S(ADE)=\frac{AB^{2}}{2}-\frac{AD.AE}{2}=\frac{AB^{2}}{2}-\frac{AD.BD}{2}\geqslant \frac{AB^{2}}{2}-\frac{(AD+BD)^{2}}{4.2}=\frac{AB^{2}}{2}-\frac{AB^{2}}{8}=\frac{3AB^{2}}{8}$
4.1a. Dùng tam giác đồng dạng auto ra
- ThinhThinh123 yêu thích
#9
Đã gửi 25-03-2018 - 16:47
Câu 3.1
$2(ab+bc+ca)> a^{2}+b^{2}+c^{2}\Rightarrow 2c(a+b)\geq c^{2}+(a-b)^{2}\geq c^{2}\Rightarrow 2(a+b)\geq c\Rightarrow c\leq \frac{2}{3}(a+b+c)$
Tương tự: $a\leq \frac{2}{3}(a+b+c)$
$b\leq \frac{2}{3}(a+b+c)$
Mặt khác: $pq+qr+rp\leq \frac{(p+q+r)^{2}}{3}=0$
$\Rightarrow apq+bqr+crp\leq \frac{2}{3}(a+b+c)(pq+qr+rp)\leq 0$
- Tea Coffee, Unrruly Kid và ThinhThinh123 thích
#10
Đã gửi 29-03-2018 - 22:23
$x+y+z=3(a+b+c)^{2}-9ab-9bc-9ac= 3(a^{2}+b^{2}+c^{2}-ab-bc-ac)$
Ta cm dc: $a^{2}+b^{2}+c^{2}\geq ab+ca+bc$ (chứng minh tương đương,nhân cả hai vế sau đó chuyển vè tổng các bình phương)
Dấu= xảy ra khi a=b=c mà theo đề a,b,c phân biệt nên dấu = không xảy ra
$\Rightarrow a^{2}+b^{2}+c^{2}> ab+ac+bc \Leftrightarrow a^{2}+b^{2}+c^{2}-ab-ac-bc > 0$
suy ra x+y+z>0
Nếu x,y,z<0 thì x+y+z<0(vô lý)
Vậy trong ba số x,y,z phải có ít nhất một số dương(đpcm)
#11
Đã gửi 15-04-2018 - 17:54
Lời giải câu hình 4.1b của mình
Giả sử AB < AC
Kẻ đường kính AG của (O) => BHCG là hình bình hành => OJ = 1/2 AH = IA (bài toán quen thuộc) => AIJO là hình bình hành
=> IJ // OA => góc IKA = góc KAO mà góc IKA = góc IAK => góc KAO = góc IAK = HAO/2 mà
góc HAO = góc BAO - góc BAH = 90 - C - (90 - B) = góc B - góc C => HAK = (B-C)/2 => AHK = 90 - (B-C)/2 = góc C + gócA/2
DHKP nội tiếp => DPA = AHK = C + A/2 = ACM mà ACM = 180 - AQM => DPA + AQM = 180 => AQDP nội tiếp
"Cứ mãi ở ao làng, rồi ao sẽ cạn
Sao không ra sông ra biển để vẫy vùng?"
- trích Trên đường băng
#12
Đã gửi 19-04-2018 - 17:13
4.2 a cách khác:
Gọi $H,F$ lần lượt là hình chiếu của $D,E$ trên $BC$, $AT$ là đường cao tam giác.
Theo Ta - lét : $\frac{DH}{AT} = \frac{BD}{AB} ;\frac{EF}{AT} = \frac{CE}{AC} \Rightarrow \frac{DH+EF}{AT} = \frac{BD}{AB} + \frac{CE}{AC} = \frac{BD}{AB} + \frac{AD}{AB} = 1 \Rightarrow DH + EF = AT = BT = TC=\frac{BC}{2} \Rightarrow DF = BC - BH - CF = BC - DH - EF = \frac{BC}{2} \Rightarrow DF$ không đổi khi $D,E$ di động.
Mà $DE \ge HF \Rightarrow DE \ge \frac{BC}{2}$. Đẳng thức xảy ra khi $D$ là trung điểm $AB$.
- conankun yêu thích
#13
Đã gửi 23-04-2018 - 21:11
Mọi người giúp mình nhiều cách làm khác nhau với nha
Câu BĐT (cách giải khác)
Ta có: $a^2+b^2\geq 2ab=2$ ; $a+b\geq 2\sqrt{ab}=2$
hay $P\geq 2(a+b+1)+\frac{4}{a+b}=((a+b)+\frac{4}{a+b})+a+b+2\geq 4+2+2=8$
Dấu "=" xảy ra khi $a=b=1$
“Chúng ta biết chúng là là ai, nhưng chúng ta không biết những điều chúng ta có thể làm được”
#14
Đã gửi 23-04-2018 - 21:56
Mọi người giúp mình nhiều cách làm khác nhau với nha
Câu 2a: (Mk thấy các bn chưa làm)
$(x-y)(2x+y+1)+9(y-1)-13=2x^2-xy+y^2+x+8y-22=(2x+y-5)(x-y+3)-7\Rightarrow (2x+y-5)(x-y+3)=7\Rightarrow .....$
Đến đây xét nghiệm là OK!
“Chúng ta biết chúng là là ai, nhưng chúng ta không biết những điều chúng ta có thể làm được”
0 người đang xem chủ đề
0 thành viên, 0 khách, 0 thành viên ẩn danh