Cho các số thực dương $a,b,c$. Chứng minh rằng $\sum \frac{ab}{\sqrt{(a^2+bc)(b^2+ca)}} \leq \frac{3}{2}$
$\sum \frac{ab}{\sqrt{(a^2+bc)(b^2+ca)}} \leq \frac{3}{2}$
#1
Đã gửi 20-04-2018 - 01:08
#2
Đã gửi 20-04-2018 - 16:57
Cho các số thực dương $a,b,c$. Chứng minh rằng $\sum \frac{ab}{\sqrt{(a^2+bc)(b^2+ca)}} \leq \frac{3}{2}$
Theo BDT $Bunhiacopxki$ ta có: $\sum \frac{ab}{\sqrt{(a^2+bc)(b^2+ca)}} \leq \sum \frac{ab}{ab+c\sqrt{ab}}=\sum \frac{\sqrt{ab}}{\sqrt{ab}+c}$
Vì BDT đồng bậc nên ta chuẩn hóa $a+b+c=1$. Đến đây đưa về bài toán quen thuộc rồi. (phần còn lại EZ)
- quochoangkim và hihihi321 thích
#3
Đã gửi 20-04-2018 - 23:25
Theo BDT $Bunhiacopxki$ ta có: $\sum \frac{ab}{\sqrt{(a^2+bc)(b^2+ca)}} \leq \sum \frac{ab}{ab+c\sqrt{ab}}=\sum \frac{\sqrt{ab}}{\sqrt{ab}+c}$
Vì BDT đồng bậc nên ta chuẩn hóa $a+b+c=1$. Đến đây đưa về bài toán quen thuộc rồi. (phần còn lại EZ)
Bạn full nốt mình xem với :v
P/s: Mình có nghĩ ra cách khác:
Ta có $(a^2+bc)(b^2+ca)=a^2b^2+c(a^3+b^3+abc)\geq a^2b^2+c[ab(a+b)+abc]=ab(a+c)(b+c)$
Suy ra $\sum \frac{ab}{\sqrt{(a^2+bc)(b^2+ca)}} \leq \sum \sqrt{ \frac{ab}{(a+c)(b+c)} } \leq \sum \frac{1}{2} (\frac{a}{a+c}+\frac{b}{b+c}) = \frac{1}{2} (\sum \frac{a+c}{a+c}) = \frac{3}{2}$
Dấu "=" xảy ra $\Leftrightarrow a=b=c$
Bài viết đã được chỉnh sửa nội dung bởi melodias2002: 20-04-2018 - 23:26
- minhducndc yêu thích
0 người đang xem chủ đề
0 thành viên, 0 khách, 0 thành viên ẩn danh