Cho các số thực dương $a,b,c,d$ thỏa $a+b+c+d=1$
Chứng minh $\sum 6a^3-\sum a^2\geq \frac{1}{8}$
Bài viết đã được chỉnh sửa nội dung bởi Master Of Inequality: 02-05-2021 - 20:41
Cho các số thực dương $a,b,c,d$ thỏa $a+b+c+d=1$
Chứng minh $\sum 6a^3-\sum a^2\geq \frac{1}{8}$
Bài viết đã được chỉnh sửa nội dung bởi Master Of Inequality: 02-05-2021 - 20:41
Ta có: $6a^3-a^2-\frac{5a-1}{8}=\frac{(3a+1)(4a-1)^2}{8}\geqslant 0\Rightarrow6a^3-a^2\geqslant \frac{5a-1}{8}$
Tương tự rồi cộng lại, ta được: $\sum 6a^3-\sum a^2\geqslant\frac{5(a+b+c+d)-4}{8}=\frac{1}{8}$
Đẳng thức xảy ra khi $a=b=c=d=\frac{1}{4}$
Trong cuộc sống không có gì là đẳng thức , tất cả đều là bất đẳng thức
$\text{LOVE}(\text{KT}) S_a (b - c)^2 + S_b (c - a)^2 + S_c (a - b)^2 \geqslant 0\forall S_a,S_b,S_c\geqslant 0$
0 thành viên, 1 khách, 0 thành viên ẩn danh