ai chém cau 3 hộ với
Thi tuyển sinh vào lớp 10 trường THPT Chuyên Phan Bội Châu
#21
Đã gửi 14-06-2013 - 17:17
#22
Đã gửi 17-06-2013 - 15:31
ĐKXĐ: -1≥ x ≥1
ta có $\bg_white \fn_cm \huge \frac{a}{1+b^{2}}$ ≥ $\bg_white \fn_cm \huge \frac{a}{2b}$
cmtt rồi cộng theo vế ta có
VT ≥ $\bg_white \fn_cm \huge \frac{a}{2b}$ + $\bg_white \fn_cm \huge \frac{b}{2c}$ + $\bg_white \fn_cm \huge \frac{c}{2a}$ ≥ 3$\bg_white \fn_cm \huge 3^{\sqrt[3]{\frac{abc}{8abc}}}$ $\bg_white \fn_cm \huge = \frac{3}{2}$
Bài viết đã được chỉnh sửa nội dung bởi emhoctoan777: 18-06-2013 - 16:02
#23
Đã gửi 17-06-2013 - 15:32
\Leftrightarrow \sqrt[2]{x+1}=(x+1)(x-1)
#24
Đã gửi 17-06-2013 - 22:03
Câu 2
b.Cho 3 số dương a,b,c thỏa mãn:$a+b+c=3$
Chứng minh:$\dfrac{a}{1+b^2}+\dfrac{b}{1+c^2}+\dfrac{c}{1+a^2} \geq \dfrac{3}{2} $
thông cảm vì mình phải viết kiểu khó đọc ntn
Bài viết đã được chỉnh sửa nội dung bởi emhoctoan777: 17-06-2013 - 22:10
#25
Đã gửi 17-06-2013 - 22:04
sao mình soạn thảo bằng fx rồi copy qua đây xong post lên k đc nhỉ, nó toàn ra cái gì k à, ai giúp mình đc k
#26
Đã gửi 17-06-2013 - 22:52
BÀi 4:
Câu a:Nhận thấy rằng đường tròn ngoại tiếp $ \triangle BKN$ là đường tròn đường kính BH.
Ta có: $ \widehat{EKC} =\widehat{ECK}=\widehat{KBH}$
Vậy EK là tiếp tuyến tại K của đường tròn ngoại tiếp $ \triangle BKN$
Câu b: Gọi D là trung điểm BH.
Ta có:$ MH//DO ( \perp MB)$
mặt khác $ HE// DO$ (HEOD là hình bình hành (DH//OE, DH=OE))
$ \Rightarrow M,H,E $ thẳng hàng.
$ \Rightarrow EM \perp MB$
cho hỏi sao OD vuông góc đc với MB và HE song song DO
giải thích giúp mình với
Bài viết đã được chỉnh sửa nội dung bởi emhoctoan777: 17-06-2013 - 22:53
#27
Đã gửi 20-06-2013 - 23:48
ta có a/(1+b^2) ≥ a/2bcmtt rồi cộng theo vế ta đca/(1+b^2) + b/(1+c^2) + c/(1+a^2)≥ a/2b + b/2c + c/2a≥ 3 nhân căn bậc 3 của(abc/8abc)= 3/2
thông cảm vì mình phải viết kiểu khó đọc ntn
Sai hoàn toàn, bạn nhầm dấu ngay ở bước đầu tiên !!
#28
Đã gửi 20-06-2013 - 23:57
ta có a/(1+b^2) ≥ a/2bcmtt rồi cộng theo vế ta đca/(1+b^2) + b/(1+c^2) + c/(1+a^2)≥ a/2b + b/2c + c/2a≥ 3 nhân căn bậc 3 của(abc/8abc)= 3/2
thông cảm vì mình phải viết kiểu khó đọc ntn
Bài này dùng kĩ thuật AM -GM ngược dấu nhé
Bài viết đã được chỉnh sửa nội dung bởi deathavailable: 20-06-2013 - 23:58
#29
Đã gửi 21-06-2013 - 00:00
$\sum a-\dfrac{ab^2}{1+b^2}\geq \sum a-\dfrac{ab}{2}$$=(a+b+c)-(\dfrac{ab+bc+ac}{2})\geq 3-\dfrac{(a+b+c)^2}{6}=3-\dfrac{3}{2}=\dfrac{3}{2}$ (điều phải chứng minh)
Dấu "=" xảy ra khi a=b=c=1
#30
Đã gửi 22-06-2013 - 07:42
Bài này dùng kĩ thuật AM -GM ngược dấu nhé
uh mình nhầm
#31
Đã gửi 22-06-2013 - 08:00
ĐKXĐ: -1≥ x ≥1
ta có $\bg_white \fn_cm \huge \frac{a}{1+b^{2}}$ ≥ $\bg_white \fn_cm \huge \frac{a}{2b}$
cmtt rồi cộng theo vế ta có
VT ≥ $\bg_white \fn_cm \huge \frac{a}{2b}$ + $\bg_white \fn_cm \huge \frac{b}{2c}$ + $\bg_white \fn_cm \huge \frac{c}{2a}$ ≥ 3$\bg_white \fn_cm \huge 3^{\sqrt[3]{\frac{abc}{8abc}}}$ $\bg_white \fn_cm \huge = \frac{3}{2}$
Bạn sửa lại bài này theo đúng Latex đi nhớ, không là không ai hiểu đâu, mới cả tốt nhất trước khi post bài thì post thử bên topic nháp xong mới post thật nhé!!
#32
Đã gửi 23-06-2013 - 14:47
Bạn sửa lại bài này theo đúng Latex đi nhớ, không là không ai hiểu đâu, mới cả tốt nhất trước khi post bài thì post thử bên topic nháp xong mới post thật nhé!!
ừ mình biết rồi
1 người đang xem chủ đề
0 thành viên, 1 khách, 0 thành viên ẩn danh