Bất đẳng thức dành cho các em chuẩn bị thi đại học
#1
Đã gửi 10-03-2008 - 19:15
http://diendantoanho...p?showforum=157
<!--fonto:Verdana--><span style="font-family:Verdana"><!--/fonto--><a href="http://diendantoanho...0&#entry168717" target="_blank">Hướng dẫn gõ công thức toán lên diễn đàn cho người mới</a><!--fontc--></span><!--/fontc--></div>
<br /><div align="center"><!--fonto:Verdana--><span style="font-family:Verdana"><!--/fonto--><a href="http://diendantoanho...howtopic=38505" target="_blank">Cách gõ công thức toán mới</a><br /><a href="http://diendantoanho...id=1&Itemid=18" target="_blank"><!--coloro:#008000--><span style="color:#008000"><!--/coloro--><b>Bạn có muốn gửi bài viết của mình lên trang chủ không?</b><!--colorc--></span><!--/colorc--></a><!--fontc--></span><!--/fontc--></div><br /><div align="center"><!--fonto:Courier New--><span style="font-family:Courier New"><!--/fonto--><!--sizeo:2--><span style="font-size:10pt;line-height:100%"><!--/sizeo-->em=Console.ReadLine();Console.Write("Anh yêu {0}",em);<!--sizec--></span><!--/sizec--><!--fontc--></span><!--/fontc--></div>
#2
Đã gửi 18-03-2008 - 11:46
Trên VTV2 chương trình tư vấn mùa thi có giới thiệu về box bất đẳng thức của diễn đàn. Bạn nào quan tâm thì có thể ấn vào link dưới đây.
http://diendantoanho...p?showforum=157
Nhân đây tạo thêm box mới cho mùa thi TSDH năm 2008
Hai bài toán trong đề dự bị đại học ; tuy nhiên học sinh THCS thì thấy 2 bài toán này chắc ngỡ ngàn lắm vì nó chẳng phù hợp với thi đại học
Bài 1 : Cho x;y là hai số dương . CMR: $( 1 +x)(1+\dfrac{y}{x})(1+\dfrac{9}{\sqrt{y}})^2 \ge 256 $
Bài 2 : Cho x;y là hai số dương thỏa mãn$ x + y = \dfrac{5}{4}. CMR: \dfrac{4}{x} + \dfrac{1}4y \ge 5 $
Bài viết đã được chỉnh sửa nội dung bởi dark templar: 31-05-2011 - 14:08
http://mathsvn.violet.vn trang ebooks tổng hợp miễn phí , nhiều tài liệu ôn thi Đại học
http://www.maths.vn Diễn đàn tổng hợp toán -lý - hóa ... dành cho học sinh THCS ;THPT và Sinh viên
#3
Đã gửi 20-04-2008 - 23:41
$(1+x)(1+\dfrac{y}{x})(1+\dfrac{9}{\sqrt{y}})^2\ge (1+\sqrt[4]{9^2})^4=256$
Bài 2 cũng nhiều cách. Nếu mà thi đại học thì nên rút theo 1 biến r�ồi khảo sát hàm số là xong.
Bài viết đã được chỉnh sửa nội dung bởi dark templar: 31-05-2011 - 14:08
#4
Đã gửi 22-05-2008 - 13:18
Bài viết đã được chỉnh sửa nội dung bởi dark templar: 31-05-2011 - 14:10
#5
Đã gửi 26-05-2008 - 21:29
Nhân đây tạo thêm box mới cho mùa thi TSDH năm 2008
Hai bài toán trong đề dự bị đại học ; tuy nhiên học sinh THCS thì thấy 2 bài toán này chắc ngỡ ngàn lắm vì nó chẳng phù hợp với thi đại học
Bài 1 : Cho x;y là hai số dương . CMR: $( 1 +x)(1+\dfrac{y}{x})(1+\dfrac{9}{\sqrt{y}})^2 \ge 256 $
Bài 2 : Cho x;y là hai số dương thỏa mãn$ x + y = \dfrac{5}{4}. CMR: \dfrac{4}{x} + \dfrac{1}{4y} \ge 5 $
Bài 2 xét hàm $f(t)=\dfrac{16}{5-4t}+\dfrac{1}{4t}$
Bài viết đã được chỉnh sửa nội dung bởi dark templar: 31-05-2011 - 14:08
#6
Đã gửi 28-05-2008 - 19:41
Bài viết đã được chỉnh sửa nội dung bởi dark templar: 31-05-2011 - 14:09
#7
Đã gửi 17-06-2008 - 11:17
tìm gtnn của
$P = \dfrac{{3yz}}{x} + \dfrac{{4zx}}{y} + \dfrac{{5xy}}{z}$
2. Cho $x,y,z > 0;xyz = 1$
tìm gtln của
$S = \dfrac{1}{{x^5 + y^5 + 1}} + \dfrac{1}{{y^5 + z^5 + 1}} + \dfrac{1}{{z^5 + x^5 + 1}}$
Bài viết đã được chỉnh sửa nội dung bởi dark templar: 31-05-2011 - 14:09
#8
Đã gửi 17-06-2008 - 20:48
Bài viết đã được chỉnh sửa nội dung bởi dark templar: 31-05-2011 - 14:10
#9
Đã gửi 17-06-2008 - 22:47
Bài viết đã được chỉnh sửa nội dung bởi dark templar: 31-05-2011 - 14:10
#10
Đã gửi 18-06-2008 - 13:54
$\dfrac{{3yz}}{x} + \dfrac{{4xz}}{y} + \dfrac{{5xy}}{z} = (\dfrac{{xy}}{z} + \dfrac{{yz}}{x} + \dfrac{{2zx}}{y}) + (\dfrac{{4xy}}{z} + \dfrac{{2yz}}{x} + \dfrac{{2zx}}{y})$
$ = (\dfrac{{xy}}{z} + \dfrac{{yz}}{x} + \dfrac{{zx}}{y} + \dfrac{{zx}}{y}) + 2(\dfrac{{xy}}{z} + \dfrac{{xy}}{z} + \dfrac{{yz}}{x} + \dfrac{{zx}}{y}) \ge 4(\sqrt {xz} + 2\sqrt {xy} ) = 4$
2/
Bất đẳng thức đề bài tương đương với bất đẳng thức sau :
$\dfrac{1}{{a + b + 1}} + \dfrac{1}{{b + c + 1}} + \dfrac{1}{{c + a + 1}} = \dfrac{{\sum {a^2 } + 3\sum {ab} + 4\sum a + 3}}{{\sum\limits_{cyc} {a^2 b} + \sum {a^2 } + 2abc + 3\sum {ab} + 2\sum a + 1}} \le 1$
$ \Leftrightarrow 2\sum a \le \sum\limits_{cyc} {a^2 b} = \sum a \sum {ab} - 3abc$
$(p = \sum a ,q = \sum {ab} ,r = abc)$
$ \Leftrightarrow 2p + 3 \le pq$
Ta có $q^2 \ge 3pr = 3p \Rightarrow pq \ge \sqrt 3 (\sqrt p )^3 $
Ta cần chứng minh rằng
$2p + 3 \le \sqrt 3 (\sqrt p )^3 \Leftrightarrow \sqrt p \ge \sqrt 3 $ (đúng do bất đẳng thức Cauchy)
Vậy ta có đpcm.
Bài viết đã được chỉnh sửa nội dung bởi dark templar: 31-05-2011 - 14:12
#11
Đã gửi 18-06-2008 - 21:30
1. Cho $x,y,z > 0;2\sqrt {xy} + \sqrt {xz} = 1$
tìm gtnn của
$P = \dfrac{{3yz}}{x} + \dfrac{{4zx}}{y} + \dfrac{{5xy}}{z}$
2. Cho $x,y,z > 0;xyz = 1$
tìm gtln của
$S = \dfrac{1}{{x^5 + y^5 + 1}} + \dfrac{1}{{y^5 + z^5 + 1}} + \dfrac{1}{{z^5 + x^5 + 1}}$
Bài 2 đâu cần phải p,q,r ghê gớm thế nhỉ
BDt tương đương với
$\dfrac{1}{{x^3 + y^3 + 1}} + \dfrac{1}{{y^3 + z^3 + 1}} + \dfrac{1}{{z^3 + x^3 + 1}}\leq \sum \dfrac{1}{xy(x+y)+1}=\sum \dfrac{z}{x+y+z}=1$
Bài viết đã được chỉnh sửa nội dung bởi dark templar: 31-05-2011 - 14:14
#12
Đã gửi 19-06-2008 - 16:44
Bạn chuyển về mũ 3 cũng khá hay nhưng bạn có thể viết rõ hơn các bước không ?Bài 2 đâu cần phải p,q,r ghê gớm thế nhỉ
BDt tương đương với
$\dfrac{1}{{x^3 + y^3 + 1}} + \dfrac{1}{{y^3 + z^3 + 1}} + \dfrac{1}{{z^3 + x^3 + 1}}\leq \sum \dfrac{1}{xy(x+y)}=\sum \dfrac{z}{x+y+z}=1$
Cám ơn.
Bài viết đã được chỉnh sửa nội dung bởi dark templar: 31-05-2011 - 14:14
#13
Đã gửi 19-06-2008 - 16:54
Bạn chuyển về mũ 3 cũng khá hay nhưng bạn có thể viết rõ hơn các bước không ?
Cám ơn.
À uhm có $x^3+y^3\geq xy(x+y)$ nên có điều như trên kia
Bài viết đã được chỉnh sửa nội dung bởi dark templar: 31-05-2011 - 14:14
#14
Đã gửi 19-06-2008 - 21:15
Bài viết đã được chỉnh sửa nội dung bởi dark templar: 31-05-2011 - 14:15
#15
Đã gửi 19-06-2008 - 22:13
3. $\sum\limits_{i = 1}^n {\dfrac{1}{{i^2 }}} < \dfrac{5}{3}$
rainbowdragon : Ủa không phải là bạn quangghePT1 đã giải rồi sao em, bài của em nói đúng rồi (thi thử ĐH của trường anh mà ).
Các bạn giải bài số 3 đi. Mình mới chỉ cm được vế trái < 2.
Bài viết đã được chỉnh sửa nội dung bởi dark templar: 31-05-2011 - 14:15
#16
Đã gửi 08-10-2008 - 18:16
#17
Đã gửi 08-10-2008 - 21:45
cho mình hỏi làm thế nào bạn có thể tìm ra cách tách như vậy?1/
$\dfrac{{3yz}}{x} + \dfrac{{4xz}}{y} + \dfrac{{5xy}}{z} = (\dfrac{{xy}}{z} + \dfrac{{yz}}{x} + \dfrac{{2zx}}{y}) + (\dfrac{{4xy}}{z} + \dfrac{{2yz}}{x} + \dfrac{{2zx}}{y})$
$ = (\dfrac{{xy}}{z} + \dfrac{{yz}}{x} + \dfrac{{zx}}{y} + \dfrac{{zx}}{y}) + 2(\dfrac{{xy}}{z} + \dfrac{{xy}}{z} + \dfrac{{yz}}{x} + \dfrac{{zx}}{y}) \ge 4(\sqrt {xz} + 2\sqrt {xy} ) = 4$
Bài viết đã được chỉnh sửa nội dung bởi dark templar: 31-05-2011 - 14:16
#18
Đã gửi 09-10-2008 - 06:49
là thế này bạn ơi:cho em hỏi bài 1 có nói là holder cho 4 số nghĩa là sao ạ? em vẫn chưa hiểu, các anh chị có thể giải cụ thể cho em được không ạ, em xin cám ơn nhiều ạ!
$(a^4+b^4)(c^4+d^4)(e^4+f^4)(g^4+k^4) \geq (aceg+bdfk)^4$
(mình chỉ viết lại cái bdt do bạn zaizai viết thôi)
bạn có thể mở rộng lên có giời hạn các số trong 1 bộ(các số trong các bộ phải bằng nhau ),các bộ số
Bài viết đã được chỉnh sửa nội dung bởi dark templar: 31-05-2011 - 14:16
#19
Đã gửi 09-10-2008 - 19:48
chú ý $x^{5}+y^{5} \geq x^{2}y^{2}(x+y)$2. Cho $x,y,z > 0;xyz = 1$
tìm gtln của
$S = \dfrac{1}{{x^5 + y^5 + 1}} + \dfrac{1}{{y^5 + z^5 + 1}} + \dfrac{1}{{z^5 + x^5 + 1}}$
Bài viết đã được chỉnh sửa nội dung bởi dark templar: 31-05-2011 - 14:16
Nếu một ngày bạn cảm thấy buồn và muốn khóc,hãy gọi cho tôi nhé.
Tôi không hứa sẽ làm cho bạn cười nhưng có thể tôi sẽ khóc cùng với bạn.
Nếu một ngày bạn muốn chạy chốn tất cả hãy gọi cho tôi.
Tôi không yêu cầu bạn dừng lại nhưng tôi sẽ chạy cùng với bạn.
Và nếu một ngày nào đó bạn không muốn nghe ai nói nữa,hãy gọi cho tôi nhé.
Tôi sẽ đến bên bạn và chỉ im lặng.
Nhưng nếu một ngày bạn gọi đến tôi mà không thấy tôi hồi âm...
Hãy chạy thật nhanh đến bên tôi vì lúc đó tôi mới là người cần bạn.
________________________________________________________
Vu Thanh Tu, University of Engineering & Technology
#20
Đã gửi 20-10-2008 - 17:38
là thế này bạn ơi:
$(a^4+b^4)(c^4+d^4)(e^4+f^4)(g^4+k^4) \geq (aceg+bdfk)^4$
(mình chỉ viết lại cái bdt do bạn zaizai viết thôi)
bạn có thể mở rộng lên có giời hạn các số trong 1 bộ(các số trong các bộ phải bằng nhau ),các bộ số
bạn có thể cho mình hỏi bdt này là bdt gì đc hôk? nó đã đc chứng minh hay chưa?do ai chứng minh? mình xin cám ơn bạn nhiều nha!
Bài viết đã được chỉnh sửa nội dung bởi dark templar: 31-05-2011 - 14:17
1 người đang xem chủ đề
0 thành viên, 1 khách, 0 thành viên ẩn danh