Bài viết đã được chỉnh sửa nội dung bởi Math_is_Great: 14-07-2008 - 13:01
BĐT hay
Bắt đầu bởi Math_is_Great, 13-07-2008 - 18:40
#1
Đã gửi 13-07-2008 - 18:40
Cho $x,y,z$ là 3 số thực dương. CMR $\dfrac{x}{x+yz}$ + $\dfrac{y}{y+zx}$ + $\dfrac{z}{z+xy}$ $\dfrac{9}{4}$
#2
Đã gửi 13-07-2008 - 18:47
Đề sai rồi mà em.Cho $x=y=z$ đủ lớn là thấy.
Learn from yesterday,live for today,hope for tomorrow
The important thing is to not stop questioning
#3
Đã gửi 14-07-2008 - 13:00
Sorry, em viết nhầm, đã sửa lại
#4
Đã gửi 14-07-2008 - 17:05
Vẫn sai mà em, lấy $x=y=z$ đủ bé thì sao.
Learn from yesterday,live for today,hope for tomorrow
The important thing is to not stop questioning
#5
Đã gửi 15-07-2008 - 12:15
Ấy chết, em thiếu đk $x+y+z=1$ =.=
#6
Đã gửi 15-07-2008 - 13:11
Đặt $a=\sqrt{\dfrac{yz}{x}},b=\sqrt{\dfrac{xz}{y}},c=\sqrt{\dfrac{xy}{z}}$
Suy ra $ab+bc+ca=1$ và bất đẳng thức tương đương với $\sum\dfrac{1}{a^2+1} \leq \dfrac{9}{4}$
Biến đổi suy ra $9a^2b^2c^2+5\sum a^2b^2+\sum a^2 \geq 3$
Không mất tính tổng quát giả sử $(3a^2-1)(3b^2-1) \geq 0 \to 9a^2b^2c^2 \geq 3a^2c^2+3b^2c^2-c^2$
Lại có $a^2+b^2 \geq 2ab$
$ 3a^2c^2+\dfrac{1}{3} \geq 2ac$
$ 3b^2c^2+\dfrac{1}{3} \geq 2bc$
$5\sum a^2b^2 \geq \dfrac{5(ab+bc+ca)^2}{3} \geq \dfrac{5}{3}$
Cộng dồn tất cả các bất đẳng thức trên lại ta có điều phải chứng minh.
Suy ra $ab+bc+ca=1$ và bất đẳng thức tương đương với $\sum\dfrac{1}{a^2+1} \leq \dfrac{9}{4}$
Biến đổi suy ra $9a^2b^2c^2+5\sum a^2b^2+\sum a^2 \geq 3$
Không mất tính tổng quát giả sử $(3a^2-1)(3b^2-1) \geq 0 \to 9a^2b^2c^2 \geq 3a^2c^2+3b^2c^2-c^2$
Lại có $a^2+b^2 \geq 2ab$
$ 3a^2c^2+\dfrac{1}{3} \geq 2ac$
$ 3b^2c^2+\dfrac{1}{3} \geq 2bc$
$5\sum a^2b^2 \geq \dfrac{5(ab+bc+ca)^2}{3} \geq \dfrac{5}{3}$
Cộng dồn tất cả các bất đẳng thức trên lại ta có điều phải chứng minh.
Learn from yesterday,live for today,hope for tomorrow
The important thing is to not stop questioning
1 người đang xem chủ đề
0 thành viên, 1 khách, 0 thành viên ẩn danh