Chủ đề này có 212 trả lời

[meocon_123]

Spam lần nữa vậy

Mômen quán tính của thanh đối với điểm quay là: $I=\dfrac{ml^2}{12}+m.l^2/4$

Có khoảng cách từ trọng tâm thanh đến điểm quay bằng $d= l/2$, sao đó chỉ cần thay vào công thức: $T= 2\pi. \sqrt{\dfrac{I}{mgd}}$

Sr L_Euler,đáp án đúng rồi,bác có thể giải thích cho em tại sao $I=\dfrac{ml^2}{12}+m.l^2/4$ không?

Em tưởng momen với trục quay đi qua 1 đầu thanh là $\dfrac{1}{3} m l^2$ .Rồi thay vào công thức $T= 2\pi. \sqrt{\dfrac{I}{mgd}}$ với $d=l$ được DA 0,63

[vuthanhtu_hd]

Tiếp
1.Cho 2 loa là nguồn phát sóng âm $S_1,S_2$ phát âm cùng PT $u_{S_1}=u_{S_2}=acos\omega t$ .Vận tốc sóng âm trong không khí là 330 m/s .Một người đứng ở M cách $S_1$ 3m,cách $S_2$ 3,375m .Tần số âm bé nhất để ở M người đó không nghe được âm từ hai loa là?

A.420Hz
B.440Hz
C.460Hz
D.480HZ

[loveyou]

Trước khi lên đường...

1.Chọn phát biểu sai (kèm giải thích)
A.Hai dao động điều hòa cùng tần số,ngược pha thì li độ của chúng luôn đối nhau

B.Khi vật nặng của con lắc lò xo đi từ vị trí biên đến vị trí cân bằng thì vecto vận tốc và vecto gia tốc luôn cùng chiều

C.Trong D Đ Đ H ,khi độ lớn gia tốc tăng thì độ lớn vận tốc giảm

D.Dao dộng tự do là dao động có tần số chỉ phụ thuộc đặc tính của hệ không phụ thuộc yếu tố bên ngoài

2.Một vật có KL nghỉ 1 kg. Động năng của vật là $6.10^16 J$.Xác định tốc độ của vật

A.0,6c
B.0,7c
C.0,8c
D.0,9c

3.Chiếu ánh sáng đơn sắc bước sóng $\lambda$ vào catot của TB quang điện có công thoát A,đường đặc trưng Vôn-Ampe thu được đi qua gốc tọa độ .Nếu chiếu bức xạ bước sóng $\dfrac{\lambda}{2}$ thì động năng ban đầu cực đại của các quang e là
A.A
B.A/2
C.2A
D.4A

4.Trong thí nghiệm Y âng chiếu sáng 2 khe đồng thời bức xạ đỏ bước sóng 640nm và bức xạ màu lục .Trên màn quan sát thấy giữa hai vân sáng cùng màu với vân sáng chính giữa có 7 vân màu lục .Buớc sóng ánh sáng màu lục trong thí nghiệm là
A.540nm
B.580nm
C.500nm
D.560nm

5.Treo quả cầu m=1kg vào lò xo k=100N/m ,g=10m/s^2 .Kích thích cho quả cầu D Đ thẳng đứng.Trong quá trình D Đ thời gian lò xo dãn gấp đôi thời gian lò xo nén .Biên độ D Đ của quả cầu là

A.10cm

B.30cm

C.20cm

D.15cm

6. Một bể sâu 1,5m chứa đầy nước ,một tia sáng mặt trời chiếu vào mặt nước với góc tới i (tani=4/3) Biết chiết suất của nước với as đỏ và tím lần lượt là $n_{đỏ}=1,328 \mu m$ ,$n_{tím}=1,343 \mu m$ .Bề rộng quang phổdo tia sáng tạo ra dưới đáy bể là

A.19,66 mm
B.14,64mm
C.12,86 mm
D.22,52 mm

bạn SuperDragon chẳng giải thích cách làm gì?Mong bạn hướng dẫn mình các câu 2,4,5 .Nếu được câu 6 nữa thì càng tốt

[LEONARDO DA VINCI]

Thời điểm t=0 tụ có điện tích cực đại.

Chu kì biến thiên tuần hoàn của năng lượng điện trường bằng 1/2 chu kì dao động của mạch nên T'=0,4/2=0,2(s)

Cứ sau $T'/2$ thì kể từ thời điểm ban đầu thì điện tích lại đạt cực đại (độ lớn lại cực đại, nhưng đổi dẫu sau mỗi khoảng thời gian $T'/2$), mà $3.T'/2$ nên tại điểm $t=0,3(s)$ thì điện tích trên tụ đạt cực đại. ==> Năng lượng tập trung ở tụ điện.

Ông Tuấn ơi, tôi tưởng là nếu đặt là $kT'/2$ thì với k lẻ năng lượng trên tụ cực tiểu, k chẵn năng lượng trên tụ cực đại, vậy thì sau $3T'/2$ thì năng lượng trên tụ cực tiểu => năng lượng tập trung ở cuộn cảm chứ .

[SuperDragon]

Thời điểm t=0 tụ có điện tích cực đại.

Chu kì biến thiên tuần hoàn của năng lượng điện trường bằng 1/2 chu kì dao động của mạch nên T'=0,4/2=0,2(s)

Cứ sau $T'/2$ thì kể từ thời điểm ban đầu thì điện tích lại đạt cực đại (độ lớn lại cực đại, nhưng đổi dẫu sau mỗi khoảng thời gian $T'/2$), mà $0,3=3.T'/2$ nên tại điểm $t=0,3(s)$ thì điện tích trên tụ đạt cực đại. ==> Năng lượng tập trung ở tụ điện.

Đồng ý với LEONARDO DA VINCI
Mình nghĩ cứ sau $T/2$ thì điện tích trên tụ đạt cực đại (năng lượng điện trường đạt cực đại) chứ nhỉ?Nếu vẽ cái vòng tròn đơn vị ra ,chọn trục Ox là điện tích của tụ .Bạn đầu góc quay bằng 0 .Sau 0.3s tức $\dfrac{3}{4}T$ thì góc quay là $\dfrac{3}{2} \pi $ thì q=0 =>KQ

bạn SuperDragon chẳng giải thích cách làm gì?Mong bạn hướng dẫn mình các câu 2,4,5 .Nếu được câu 6 nữa thì càng tốt

2 Bạn tính năng lượng nghỉ $E_0=m_0 c^2$
Năng lượng toàn phần
$E=\dfrac{m_0}{\sqrt{1-(\dfrac{v}{c})^2}} c^2=E_0+K$
=>KQ
4 $k\lambda_d=8\lambda_l$
=> $ \lambda_l=k80$ với k nguyên =>KQ
5 Thời gian lò xo dãn gấp đôi thời gian lò xo nén nên thời gian lò xo nén trong 1 nữa chu kì là $ \dfrac{T}{6}$.
Suy ra lúc lò xo không biến dạng là lúc vật có li độ$ x= \dfrac{-A}{2}=-\Delta l_0=-\dfrac{mg}{k}$ (vẽ cái vòng tròn ra cho dễ tưởng tượng )
Kiến thức của câu 6 không thuộc cấu trúc đề(lớp 11) nhưng để tính bề rộng quang phổ thì $\Delta l=h(\tan i_1-\tan i_2)$
Phải vẽ hình ra

Bài viết đã được chỉnh sửa nội dung bởi SuperDragon: 29-06-2009 - 19:07

[L_Euler]

Sr L_Euler,đáp án đúng rồi,bác có thể giải thích cho em tại sao $I=\dfrac{ml^2}{12}+m.l^2/4$ không?

Em tưởng momen với trục quay đi qua 1 đầu thanh là $\dfrac{1}{3} m l^2$ .Rồi thay vào công thức $T= 2\pi. \sqrt{\dfrac{I}{mgd}}$ với $d=l$ được DA 0,63

Cái này tôi phải thưà nhân thôi chứ thực ra tôi lại nghĩ nó không đúng như thế

Mô men của thanh có trục quay không đi qua trong tâm thanh = Mô men của thanh tại trọng tâm + Mô men của trọng tâm thanh đối với trục quay

Trong bài toán này khoảng cách từ trục quay đến trọng tâm G của thanh là $d=l/2$ nên ta có: $I=\dfrac{ml^2}{12}+m.d^2$

Còn theo tôi thì mômen của thanh nó chri bằng mômen của trọng tâm (coi cả khối lượng cái thanh nso tập trung ở trọng tâm) đối với trục quay, nghãi là bằng $m.l^2/4$, ai cũgn bảo sai.

Ông Tuấn ơi, tôi tưởng là nếu đặt là $kT'/2$ thì với k lẻ năng lượng trên tụ cực tiểu, k chẵn năng lượng trên tụ cực đại, vậy thì sau $3T'/2$ thì năng lượng trên tụ cực tiểu => năng lượng tập trung ở cuộn cảm chứ .

Sr, Thanks for reporting

Bài viết đã được chỉnh sửa nội dung bởi L_Euler: 29-06-2009 - 21:08

[vuthanhtu_hd]

1.Chu kì dao động riêng của mạch dao động điện từ là 0,4 s ,Hỏii sau 0,3 s kể từ khi tụ bắt đầu phóng điện thì năng lượng điện từ của mạch dao động tập trung ở đâu

A.Tụ điện

B.Bức xa ra không gian xung quanh

C.Tụ điện và cuộn cảm

D.Cuộn cảm

Mình tính kiểu này $\omega=5 \pi$
Giả sử $q=Q_0 cos (5\pi t+ \phi)$ .Tại t=0 ,tụ phóng điện nên $\phi=0$

->$q=Q_0 cos (5 \pi t)$
Tại t=0,3s thay vào được q=0 năng lượng ở tụ bằng 0 ,nên khi đó năng lượng tập trung ở cuộn cảm

Bài viết đã được chỉnh sửa nội dung bởi vuthanhtu_hd: 30-06-2009 - 08:54

[vuthanhtu_hd]

Sr L_Euler,đáp án đúng rồi,bác có thể giải thích cho em tại sao $I=\dfrac{ml^2}{12}+m.l^2/4$ không?

Em tưởng momen với trục quay đi qua 1 đầu thanh là $\dfrac{1}{3} m l^2$ .Rồi thay vào công thức $T= 2\pi. \sqrt{\dfrac{I}{mgd}}$ với $d=l$ được DA 0,63

Cái phần trục quay không qua tâm này không thi đâu,trong sgk ko đề cập,không nên mất thời gian vì vấn đề này

[SuperDragon]

Cái này tôi phải thưà nhân thôi chứ thực ra tôi lại nghĩ nó không đúng như thế

Mô men của thanh có trục quay không đi qua trong tâm thanh = Mô men của thanh tại trọng tâm + Mô men của trọng tâm thanh đối với trục quay

Trong bài toán này khoảng cách từ trục quay đến trọng tâm G của thanh là $d=l/2$ nên ta có: $I=\dfrac{ml^2}{12}+m.d^2$

Còn theo tôi thì mômen của thanh nó chri bằng mômen của trọng tâm (coi cả khối lượng cái thanh nso tập trung ở trọng tâm) đối với trục quay, nghãi là bằng $m.l^2/4$, ai cũgn bảo sai.
Sr, Thanks for reporting

Như bạn Tú nói cái này không thi ,nhưng mình cũng muốn nói thêm là công thức đó là đúng đấy.Trong vật lý người ta gọi là định lý Stai -nơ.Cái này mình đã nói ở
http://diendantoanho...?...2769&st=120

Đáp án A là đúng rồi.

Ở đây ta có $ \dfrac{E_{2}}{E_{1}} = \dfrac{N_{2}}{N_{1}} = 2 $
Mà $E_{2}=U_{2v}=216V$ ( $U_{2v}$ là hiệu điện thế hiệu dụng của cuộn thứ cấp khi để hở ). Tử đó rút ra được $E_{1}= \dfrac{216}{2} = 108(V)$
Dùng giản đồ vector sẽ thấy ngay tỉ số $ \dfrac{L_{1}w}{R_{1}} = tan(\alpha) $ với $ cos(\alpha) = \dfrac{E_{1}}{U_{1}} = \dfrac{108}{110} = ... $. Bấm máy ra $ \dfrac{L_{1}w}{R_{1}} = 0.19333...$

Thật ra khi nghiên cứu sâu vào kĩ thuật của máy biến thế người ta thường bỏ qua ảnh hưởng của hiệu điện thế giữa 2 đầu điện trở thuần và có luôn công thức $ \dfrac{U_{2v}}{U_{1}} = \dfrac{E_{2}}{E_{1}} = \dfrac{N_{2}}{N_{1}} = k$ với $k$ là tỉ số của máy biến thế.

Hôm nay đọc lại chỗ này thấy hơi có vấn đề
$ \dfrac{L_{1}w}{R_{1}} = tan(\alpha) $
$ cos(\alpha) = \dfrac{E_{1}}{U_{1}} $
2 góc$ \alpha $ ở trên phụ nhau nên khi bấm máy vẫn ra tỉ số đúng mặc dù đó là $ \dfrac{L_{1}w}{R_{1}} $
Mình nghĩ chỗ đó $ \dfrac{L_{1}w}{R_{1}} = tan(\alpha) $ với $ sin(\alpha) = \dfrac{E_{1}}{U_{1}} $

Bài viết đã được chỉnh sửa nội dung bởi SuperDragon: 29-06-2009 - 23:48

[vuthanhtu_hd]

Hôm nay đọc lại chỗ này thấy hơi có vấn đề
$ \dfrac{L_{1}w}{R_{1}} = tan(\alpha) $
$ cos(\alpha) = \dfrac{E_{1}}{U_{1}} $
2 góc$ \alpha $ ở trên phụ nhau nên khi bấm máy vẫn ra tỉ số đúng mặc dù đó là $ \dfrac{L_{1}w}{R_{1}} $
Mình nghĩ chỗ đó $ \dfrac{L_{1}w}{R_{1}} = tan(\alpha) $ với $ sin(\alpha) = \dfrac{E_{1}}{U_{1}} $

bài này là đề thi thử KHTN

[loveyou]

4 $k\lambda_d=8\lambda_l$
=> $ \lambda_l=k80$ với k nguyên =>KQ

Xin lỗi bạn SuperDragon nhưng mình học rất kém,bạn viết thế mình không hiểu.Bạn làm ơn giải thật chi tiết giúp mình bài 4 được hok?

[SuperDragon]

Xin lỗi bạn hôm trước hơi vội nên viết không rõ
Hai vân sáng cùng màu với vân trung tâm nên là chồng chập của 2 ánh sáng đỏ và lục
Khoảng vân của 2 bức xạ đỏ và lục lần lượt là
$ i_d=\dfrac{D\lambda_d}{a}$ (1)
$ i_l=\dfrac{D\lambda_l}{a}$ (2)
Giữa 2 vân sáng cùng màu với vân chính giữa có 7 vân màu lục nên khoảng cách giữa 2 vân sáng đó là
$ x= 8 i_l$(3)
Mặt khác $ x= k i_d$ (4) với k-1 là số vân đỏ ở giữa 2 vân sáng cùng màu với vân trung tâm,k nguyên
Từ (1),(2),(3),(4) suy ra $\lambda_l=80 k$=>KQ

[vuthanhtu_hd]

Chúc các bạn thi tốt nhé,mình lên đường đây


------------------------------------------------------------------------------------------------------

Người ra đi đầu không ngoảnh lại
Sau lưng thềm nắng lá rơi đầy,...