Với $a,b,c$ là các số thực dương thỏa mãn $a+b+c=1$.Chứng minh
$$\frac{a^{2}+b^{2}c}{b+c}+\frac{b^{2}+c^{2}a}{c+a}+\frac{c^{2}+a^{2}b}{a+b}\geq \frac{2}{3}$$
\[\sum {\frac{{{a^2} + {b^2}c}}{{b + c}} \ge \frac{2}{3}} \]
Bắt đầu bởi HÀ QUỐC ĐẠT, 14-10-2012 - 20:40
#1
Đã gửi 14-10-2012 - 20:40
- WhjteShadow và BoBoiBoy thích
#2
Đã gửi 14-10-2012 - 21:59
Với $a,b,c$ là các số thực dương thỏa mãn $a+b+c=1$.Chứng minh
$$\frac{a^{2}+b^{2}c}{b+c}+\frac{b^{2}+c^{2}a}{c+a}+\frac{c^{2}+a^{2}b}{a+b}\geq \frac{2}{3}$$
nhân cả 2 vế của bđt cần cm với a+b+c ta đc
$\sum a^2+\sum _{cyc}a^2b+\sum a^3+3abc\geq \frac{2}{3}$
$\Leftrightarrow 3\left [ (\sum a)(\sum a^2)+\sum _{cyc}a^2b+\sum a^3+3abc \right ]\geq 2(\sum a)^3$
$\Leftrightarrow 4\sum a^3\geq \sum _{cyc}ab^2+3abc$
(đúng)
bđt đc cm
Bài viết đã được chỉnh sửa nội dung bởi WhjteShadow: 14-10-2012 - 22:36
- HÀ QUỐC ĐẠT, WhjteShadow và BoBoiBoy thích
fx(Mr.SS+MrsTH)tm(Mr.SS+Mrs.HH)a2(Mrs.TH+Mrs.TH)
:x MY EVANGELINE :">
!!!
#3
Đã gửi 14-10-2012 - 22:16
Bạn có thể làm rõ đoạn này hơn được khôngnhân cả 2 vế của bđt cần cm với a+b+c ta đc
$\sum a^2+\sum _{cyc}a^2b+\sum a^3+3abc\geq \frac{3}{2}$
#4
Đã gửi 14-10-2012 - 22:53
bài trên mình sai =.=
BĐT cần cm tđ vs
$\frac{a^3+a^2b+a^2c+b^2c}{b+c}+\frac{b^3+b^2a+b^2c+c^2a}{c+a}+\frac{c^3+c^2a+c^2b}{a+b}\geq \frac{2}{3}$
$ \Leftrightarrow \sum \frac{a^3}{b+c}+\sum a^2+\sum _{cyc}\frac{a^2b}{a+b} \geq \frac{2}{3}$
ta có
$\sum a^2+\sum _{cyc}\frac{a^2b}{a+b} \geq \sum a^2+\frac{(\sum ab)^2}{\sum a^2+\sum ab}=\frac{3}{4}\sum a^2-\frac{1}{4}\sum ab+\frac{(\sum ab)^2}{\sum a^2+\sum ab}+\frac{\sum a^2+\sum ab}{4}\geq \frac{3}{4}\sum a^2+\frac{1}{4}\sum ab$
đến đây chắc dễ r nhỉ
BĐT cần cm tđ vs
$\frac{a^3+a^2b+a^2c+b^2c}{b+c}+\frac{b^3+b^2a+b^2c+c^2a}{c+a}+\frac{c^3+c^2a+c^2b}{a+b}\geq \frac{2}{3}$
$ \Leftrightarrow \sum \frac{a^3}{b+c}+\sum a^2+\sum _{cyc}\frac{a^2b}{a+b} \geq \frac{2}{3}$
ta có
$\sum a^2+\sum _{cyc}\frac{a^2b}{a+b} \geq \sum a^2+\frac{(\sum ab)^2}{\sum a^2+\sum ab}=\frac{3}{4}\sum a^2-\frac{1}{4}\sum ab+\frac{(\sum ab)^2}{\sum a^2+\sum ab}+\frac{\sum a^2+\sum ab}{4}\geq \frac{3}{4}\sum a^2+\frac{1}{4}\sum ab$
đến đây chắc dễ r nhỉ
Bài viết đã được chỉnh sửa nội dung bởi bibitsubomi 9fxshiftsolve: 14-10-2012 - 22:55
- HÀ QUỐC ĐẠT và BoBoiBoy thích
fx(Mr.SS+MrsTH)tm(Mr.SS+Mrs.HH)a2(Mrs.TH+Mrs.TH)
:x MY EVANGELINE :">
!!!
#5
Đã gửi 14-10-2012 - 23:18
Mình làm thế này
BĐT$\Leftrightarrow \sum \frac{a^{2}}{b+c}+\sum \frac{a^{2}b}{b+c}\geq \frac{2}{3}$
$$\Leftrightarrow \frac{2}{3}\sum \frac{a^{2}}{b+c}+\frac{1}{3}\sum \frac{a^{2}}{b+c}+\sum \frac{a^{2}b}{b+c}\geq \frac{2}{3}$$
Sử dụng Cauchy-Schwarz và Schur
$$\frac{1}{3}\sum \frac{a^{2}}{b+c}+\sum \frac{a^{2}b}{b+c}\geq\frac{(\sum a^{2})^{2}}{3\sum a^{2}(b+c)}+\frac{(\sum ab)^{2}}{\sum a^{2}+\sum ab}=\frac{(\sum a^{2})^{2}}{3\sum ab-9abc}+\frac{(\sum ab)^{2}}{1-\sum ab}\geq \frac{(\sum a^{2}+\sum ab)^{2}}{2\sum ab+1-9abc}\geq \frac{(1-\sum ab)^{2}}{2-2\sum ab}= \frac{1-\sum ab}{2}\geq \frac{1}{3}$$
Có $$\frac{2}{3}\sum \frac{a^{2}}{b+c}\geq \frac{a+b+c}{3}=\frac{1}{3}$$
Cộng 2 BĐT trên lại ta có điều phải chứng minh
Đẳng thức xảy ra khi a=b=c
BĐT$\Leftrightarrow \sum \frac{a^{2}}{b+c}+\sum \frac{a^{2}b}{b+c}\geq \frac{2}{3}$
$$\Leftrightarrow \frac{2}{3}\sum \frac{a^{2}}{b+c}+\frac{1}{3}\sum \frac{a^{2}}{b+c}+\sum \frac{a^{2}b}{b+c}\geq \frac{2}{3}$$
Sử dụng Cauchy-Schwarz và Schur
$$\frac{1}{3}\sum \frac{a^{2}}{b+c}+\sum \frac{a^{2}b}{b+c}\geq\frac{(\sum a^{2})^{2}}{3\sum a^{2}(b+c)}+\frac{(\sum ab)^{2}}{\sum a^{2}+\sum ab}=\frac{(\sum a^{2})^{2}}{3\sum ab-9abc}+\frac{(\sum ab)^{2}}{1-\sum ab}\geq \frac{(\sum a^{2}+\sum ab)^{2}}{2\sum ab+1-9abc}\geq \frac{(1-\sum ab)^{2}}{2-2\sum ab}= \frac{1-\sum ab}{2}\geq \frac{1}{3}$$
Có $$\frac{2}{3}\sum \frac{a^{2}}{b+c}\geq \frac{a+b+c}{3}=\frac{1}{3}$$
Cộng 2 BĐT trên lại ta có điều phải chứng minh
Đẳng thức xảy ra khi a=b=c
- minhtuyb, tim1nuathatlac và BoBoiBoy thích
1 người đang xem chủ đề
0 thành viên, 1 khách, 0 thành viên ẩn danh