#1
Đã gửi 29-12-2012 - 14:24
$$\textbf{KỲ THI CHỌN HỌC SINH GIỎI LỚP 9}$$
$$\text{NĂM HỌC : 2010-2011}$$.
$$\text{Thời gian : 150 phút}$$
$\boxed{\textbf{Câu 1}}$. (3,0 điểm)
a) Rút gọn biểu thức $A=\sqrt{4+\sqrt{7}}+\sqrt{4-\sqrt{7}}-\sqrt{2}$.
b) Cho $x = \frac{2}{2\sqrt[3]{2}+2+\sqrt[3]{4}}$ và $y = \frac{6}{2\sqrt[3]{2}-2+\sqrt[3]{4}}$. Tính giá trị của $B = x^2-y^2$
$\boxed{\textbf{Câu 2}}$. (4,0 điểm)
a) Giải phương trình: $x^2+7x+12=2\sqrt{3x+7}$.
b) Giải hệ phương trình:
$\left\{ \begin{matrix} x^2+xy+y^2=4 &\\ x+xy+y=2 \end{matrix} \right.$
$\boxed{\textbf{Câu 3}}$. (3.0 điểm)
Cho phương trình: $x^4+2x^2+2mx+m^2+2m+1=0$ ($x$ là ẩn số).
a) Xác định $m$ sao cho nghiệm của phương trình đã cho đạt giá trị lớn nhất.
b) Xác định $m$ sao cho nghiệm của phương trình đã cho đạt giá trị nhỏ nhất.
$\boxed{\textbf{Câu 4}}$. (3,0 điểm)
Cho tam giác $ABC$. Trên cạnh $AC$ lấy điểm $M$ sao cho $\frac{ẠM}{AC}=\frac{1}{4}$, trên cạnh $BC$ lấy điểm $N$ sao cho $\frac{BN}{BC}=\frac{1}{5}$. Hai đường thẳng $AN$ và $BM$ cắt nhau tại $I$. Hãy so sánh diện tích tam giác $BIN$ và diện tích tam giác $AIM$.
$\boxed{\textbf{Câu 5}}$. (4,0 điểm)
Cho nửa đường tròn $(O)$ đường kính $AB=2R$. Trên nửa đường tròn $(O)$ lấy điểm $C$ (khác $A$ và $B$), tia phân giác của góc $CAB$ cắt cạnh $BC$ tại $E$ và cắt nửa đường tròn $(O)$ tại $D$. ($D$ khác $A$).
a) Chứng minh $AD \cdot AE + BC \cdot BE$ là một đại lượng không đổi.
b) Gọi $M$ là trung điểm $BC$, tia $AM$ cắt $(O)$ tại $N$ (khác $A$). Chứng minh $DE > MN$.
Đổi mới là điều tạo ra sự khác biệt giữa người lãnh đạo và kẻ phục tùng.
STEVE JOBS
#2
Đã gửi 29-12-2012 - 14:40
$\boxed{\textbf{Câu 2}}$. (4,0 điểm)
a) Giải phương trình: $x^2+7x+12=2\sqrt{3x+7}$.
b) Giải hệ phương trình:
$\left\{ \begin{matrix} x^2+xy+y^2=4 &\\ x+xy+y=2 \end{matrix} \right.$
a) Ta có $VT=x^{2}+4x+4+3x+7+1=(x+2)^{2}+(3x+7)+1\geq (3x+7)+1\geq 2\sqrt{3x+7}=VP$
Phương trình có nghiệm duy nhất $x=-2$
b) $HPT\Leftrightarrow \left\{\begin{matrix} (x+y)^{2}-xy=4\\ x+y+xy=2 \end{matrix}\right.$
Đặt $\left\{\begin{matrix} x+y=a\\ xy=b \end{matrix}\right.(a^{2}\geq 4b)$ ta có
$\left\{\begin{matrix} a^{2}-b=4\\ a+b=2 \end{matrix}\right.\Leftrightarrow \left\{\begin{matrix} a=2-b\\ (b-2)^{2}-b-4=0 \end{matrix}\right.\Leftrightarrow \left\{\begin{matrix} a=2-b\\ b^{2}-5b=0 \end{matrix}\right.$
Giải ra tìm được $a,b$, dùng định lí $Viete$ đảo tìm được $x,y$
- Zaraki và phatthemkem thích
#3
Đã gửi 29-12-2012 - 14:51
b) Giải hệ phương trình:
$\left\{ \begin{matrix} x^2+xy+y^2=4 &\\ x+xy+y=2 \end{matrix} \right.$
Cộng hai phương trình ta có $$(x^2+2xy+y^2)+x+y=6 \Leftrightarrow (x+y)(x+y+1)=6 \qquad (1)$$
Đặt $x+y=a$ thì $$(1) \Leftrightarrow (a-2)(a+3)=0 \Leftrightarrow \left[ \begin{array}{l} a=2 \\ a=-3 \end{array} \right.$$
Nếu $a=2$ hay $x+y=2$ thì $xy=0$. Không mất tính tổng quát, giả sử $x=0$ thì từ hệ ta tìm được $y=2$.
Nếu $a=-3$ thì từ phương trình thứ hai suy ra $xy=5$, thay vào pt thứ nhất thì $x^2+y^2=-1$, mâu thuẫn.
Vậy phương trình có nghiệm $$\boxed{ (x;y) \in \{ (0;2),(2;0) \}}$$
- phatthemkem yêu thích
Discovery is a child’s privilege. I mean the small child, the child who is not afraid to be wrong, to look silly, to not be serious, and to act differently from everyone else. He is also not afraid that the things he is interested in are in bad taste or turn out to be different from his expectations, from what they should be, or rather he is not afraid of what they actually are. He ignores the silent and flawless consensus that is part of the air we breathe – the consensus of all the people who are, or are reputed to be, reasonable.
Grothendieck, Récoltes et Semailles (“Crops and Seeds”).
#4
Đã gửi 29-12-2012 - 14:51
b) $x=\frac{\sqrt[3]{4.2}\left ( \sqrt[3]{2}-1 \right )}{\sqrt[3]{4}\left ( \sqrt[3]{4}+\sqrt[3]{2}+1 \right )\left ( \sqrt[3]{2}-1 \right )}=\frac{\sqrt[3]{2}\left ( \sqrt[3]{2}-1 \right )}{2-1}=\sqrt[3]{2}\left ( \sqrt[3]{2}-1 \right )$
$y=\frac{3\sqrt[3]{4.2}\left ( \sqrt[3]{2}+1 \right )}{\sqrt[3]{4}\left ( \sqrt[3]{4}-\sqrt[3]{2}+1 \right )\left ( \sqrt[3]{2}+1 \right )}=\frac{3\sqrt[3]{2}\left ( \sqrt[3]{2}+1 \right )}{2+1}=\sqrt[3]{2}\left ( \sqrt[3]{2}+1 \right )$
$B=\left ( x+y \right )\left ( x-y \right )=\left [ \sqrt[3]{2}\left ( \sqrt[3]{2}-1 \right )+\sqrt[3]{2}\left ( \sqrt[3]{2}+1 \right ) \right ]\left [ \sqrt[3]{2}\left ( \sqrt[3]{2}-1 \right )-\sqrt[3]{2}\left ( \sqrt[3]{2}+1 \right ) \right ]=2\sqrt[3]{4}.\left ( -2\sqrt[3]{2} \right )=-8$
Bài viết đã được chỉnh sửa nội dung bởi phatthemkem: 29-12-2012 - 15:21
- Zaraki và banhgaongonngon thích
“Hầu hết mọi người đều chấp nhận thua cuộc ngay khi họ sắp thành công. Họ dừng lại
ngay trước vạch đích, cách chiến thắng chỉ một bàn chân” -H. Ross Perot
“Tránh xa những kẻ coi nhẹ tham vọng của bạn. Những kẻ nhỏ nhen luôn như thế, còn
những người thực sự vĩ đại sẽ khiến bạn cảm thấy rằng bạn cũng có thể trở nên vĩ đại”
-Mark Twain
Huỳnh Tiến Phát ETP
$WELCOME$ $TO$ $MY$ $FACEBOOK$: https://www.facebook.com/phat.huynhtien.39
#5
Đã gửi 29-12-2012 - 15:28
Cách giải khác: Điều kiện $x\geq \frac{-7}{3}$a) Giải phương trình: $x^2+7x+12=2\sqrt{3x+7}$.
$x^{2}+7x+12=2\sqrt{3x+7}\Leftrightarrow \left ( 3x+7-2\sqrt{3x+7}+1 \right )+\left ( x^{2}+4x+4 \right )=0\Leftrightarrow \left ( \sqrt{3x+7}-1 \right )^{2}+\left ( x+2 \right )^{2}=0\Leftrightarrow \left\{\begin{matrix} \sqrt{3x+7}=1 & \\ x+2=0 & \end{matrix}\right.\Leftrightarrow x=-2$
- caybutbixanh yêu thích
“Hầu hết mọi người đều chấp nhận thua cuộc ngay khi họ sắp thành công. Họ dừng lại
ngay trước vạch đích, cách chiến thắng chỉ một bàn chân” -H. Ross Perot
“Tránh xa những kẻ coi nhẹ tham vọng của bạn. Những kẻ nhỏ nhen luôn như thế, còn
những người thực sự vĩ đại sẽ khiến bạn cảm thấy rằng bạn cũng có thể trở nên vĩ đại”
-Mark Twain
Huỳnh Tiến Phát ETP
$WELCOME$ $TO$ $MY$ $FACEBOOK$: https://www.facebook.com/phat.huynhtien.39
#6
Đã gửi 29-12-2012 - 15:35
$\boxed{\textbf{Câu 4}}$. (3,0 điểm)
Cho tam giác $ABC$. Trên cạnh $AC$ lấy điểm $M$ sao cho $\frac{ẠM}{AC}=\frac{1}{4}$, trên cạnh $BC$ lấy điểm $N$ sao cho $\frac{BN}{BC}=\frac{1}{5}$. Hai đường thẳng $AN$ và $BM$ cắt nhau tại $I$. Hãy so sánh diện tích tam giác $BIN$ và diện tích tam giác $AIM$.
Qua $N$ kẻ đường thẳng song song với $BM$ cắt $AC$ tại $P$ và cắt $AB$ tại $Q$.
Đặt $AC=x\Rightarrow AM=\frac{x}{4}$
Mà $\frac{MP}{MC}=\frac{BN}{BC}\Rightarrow MP=\frac{MC}{5}=\frac{3x}{20}$
Ta có $\frac{AI}{IN}=\frac{AM}{MP}=\frac{\frac{x}{4}}{\frac{3x}{20}}=\frac{5}{3}$
Do đó $S_{AIM}=\frac{5}{8}S_{AMN}=\frac{5}{32}S_{ACN}=\frac{1}{8}S_{ABC}$
Tương tự tính được $S_{BIN}$ theo $S_{ABC}$
- phatthemkem yêu thích
#7
Đã gửi 29-12-2012 - 15:37
Cách giải khác: Điều kiện $x\geq \frac{-7}{3}$
$x^{2}+7x+12=2\sqrt{3x+7}\Leftrightarrow \left ( 3x+7-2\sqrt{3x+7}+1 \right )+\left ( x^{2}+4x+4 \right )=0\Leftrightarrow \left ( \sqrt{3x+7}-1 \right )^{2}+\left ( x+2 \right )^{2}=0\Leftrightarrow \left\{\begin{matrix} \sqrt{3x+7}=1 & \\ x+2=0 & \end{matrix}\right.\Leftrightarrow x=-2$
Cách này về mặt hình thức có vẻ khác cách của mình nhưng bạn nhìn kĩ lại đi. Hai cách là một đấy!
Ta chứng minh được $3x+7+1\geq 2\sqrt{3x+7}$ là nhờ $\left ( \sqrt{3x+7} -1\right )^{2}\geq 0$ mà!!!
- phatthemkem yêu thích
#8
Đã gửi 29-12-2012 - 15:43
$\boxed{\textbf{Câu 5}}$. (4,0 điểm)
Cho nửa đường tròn $(O)$ đường kính $AB=2R$. Trên nửa đường tròn $(O)$ lấy điểm $C$ (khác $A$ và $B$), tia phân giác của góc $CAB$ cắt cạnh $BC$ tại $E$ và cắt nửa đường tròn $(O)$ tại $D$. ($D$ khác $A$).
a) Chứng minh $AD \cdot AE + BC \cdot BE$ là một đại lượng không đổi.
Qua $E$ kẻ đường thẳng vuông góc với $AB$ cắt $AB$ tại $H$.
Ta có $\left\{\begin{matrix} AD.AE=AH.AB\\ BC.BE=BH.AB \end{matrix}\right.$
Do đó $AD.AE+BC.BE=AB^{2}=4R^{2}$
#9
Đã gửi 29-12-2012 - 16:27
Nốt câu còn lại nào \m/[font='times new roman', ', times, serif} ']$\boxed{\textbf{Câu 3}}$. (3.0 điểm)[/font]
Cho phương trình: $x^4+2x^2+2mx+m^2+2m+1=0$ ($x$ là ẩn số).[/font]
a) Xác định $m$ sao cho nghiệm của phương trình đã cho đạt giá trị lớn nhất.[/font]
b) Xác định $m$ sao cho nghiệm của phương trình đã cho đạt giá trị nhỏ nhất.[/font]
a, +b,
Lấy $\Delta $ với biến là m :
$\Delta =4(x+1)^2 -4(x^4 +2x^2 +1) =-4x^4 -4x^2+8x >0$
$\Leftrightarrow x^4 +x^2 -2x <0$
$\Leftrightarrow x(x-1)(x^2+x+2)<0$
$\Leftrightarrow x(x-1) <0 :\text{Do $x^2 +x+2 >0 \forall x$}$
$\Leftrightarrow 0 \leq x \leq 1$
Vậy Max của x là 1
Thay vào ta có :
$m^2 +4m+4 =0 $
$\Leftrightarrow m=-2$
Vậy $Min x =0$
Thay vào ta có :
$m^2 +2m +1 =0$
$\Leftrightarrow m =-1$
- BlackSelena, BlueKnight và phatthemkem thích
#10
Đã gửi 30-12-2012 - 15:49
Câu 5b:
Vẽ hình bình hành $NN'EM$. Ta chứng minh $\angle DN'E=90^o$.
Vẽ đường kính $DF$ của $(O)$. $NF$ cắt $BC$ tại $I$.
Ta có $NN' \parallel EM$ và$EM \perp DM \Rightarrow NN' \perp DM$ (1).
Theo bài toán con bướm cho dây $BC$ với $M$ là trung điểm $BC$, 2 dây cung khác qua $M$ là $NF,AD$ cắt $BC$ tại $I,E$ thì $MI=ME$.
Mà $ME=NN' \Rightarrow IM=NN'$. Lại có $NN' \parallel IM \Rightarrow NN'MI$ là hình bình hành.
Suy ra $MN' \parallel NI$. Do $NI \perp ND \Rightarrow MN' \perp ND$ (2)
Từ (1),(2) suy ra $N'$ là trực tâm $\vartriangle MDN \Rightarrow DN' \perp MN$.
Do $MN \parallel N'E \Rightarrow DN' \perp N'E$ hay $\angle DN'E=90^o$.
Cho nên $DE>EN'=MN$.
===============================
Có 1 cách khác không dùng bài toán con bướm là tính $MN,DE$ theo các cạnh $BC,CA,AB$. Nhưng cách đó phải dùng các công thức nặng nề và dài hơn cách trên nhiều.
Nếu ai có cách khác 2 cách này, xin hãy post vào topic. Xin cảm ơn
Bài viết đã được chỉnh sửa nội dung bởi perfectstrong: 30-12-2012 - 15:50
- Zaraki và thanhluong thích
$$\text{LOVE}\left( x \right)|_{x = \alpha}^\Omega = + \infty $$
I'm still there everywhere.
Được gắn nhãn với một hoặc nhiều trong số những từ khóa sau: đề thi hsg
Toán Trung học Phổ thông và Thi Đại học →
Lượng giác →
Công thức lượng giác, hàm số lượng giác →
Tìm các góc của tam giác ABC biếtBắt đầu bởi Trinh Anh, 27-10-2018 hệ thức lượng tam giác và . |
|
|||
Toán Trung học Cơ sở →
Tài liệu - Đề thi →
Đề thi hsg toán 9 tỉnh ĐẮK LẮK năm 2017-2018Bắt đầu bởi doraemon123, 10-04-2018 đề thi hsg |
|
|||
Toán Trung học Cơ sở →
Tài liệu - Đề thi →
đề thi hsg tp hà nội 2018Bắt đầu bởi doctor lee, 04-04-2018 đề thi hsg |
|
|||
Toán Trung học Cơ sở →
Tài liệu - Đề thi →
đề thi hsg buôn ma thuộtBắt đầu bởi doctor lee, 22-03-2018 đề thi hsg |
|
|||
Toán Trung học Cơ sở →
Tài liệu - Đề thi →
đề thi hsg huyện thái bình 2107Bắt đầu bởi doctor lee, 20-02-2018 đề thi hsg |
|
2 người đang xem chủ đề
0 thành viên, 2 khách, 0 thành viên ẩn danh