Bài viết đã được chỉnh sửa nội dung bởi tramyvodoi: 31-12-2012 - 11:31
Chứng minh $\mathop{\lim}\limits_{n\to +\infty }\sum\limits_{k = 0}^n {{a_k}\cos\frac{k\pi }{n}=a}$
Bắt đầu bởi Ispectorgadget, 31-12-2012 - 11:27
#1
Đã gửi 31-12-2012 - 11:27
Cho dãy số $(a_n)$ thỏa $\mathop {\lim }\limits_{n \to + \infty } \sum\limits_{k = 0}^n {{a_k} = a \in \mathbb{R}} $. Chứng minh \[\mathop {\lim }\limits_{n \to + \infty } \sum\limits_{k = 0}^n {{a_k}\cos \frac{{k\pi }}{n} = a} \]
- dark templar, phudinhgioihan, Element hero Neos và 1 người khác yêu thích
►|| The aim of life is self-development. To realize one's nature perfectly - that is what each of us is here for. ™ ♫
#2
Đã gửi 14-01-2017 - 20:55
Cho dãy số $(a_n)$ thỏa $\mathop {\lim }\limits_{n \to + \infty } \sum\limits_{k = 0}^n {{a_k} = a \in \mathbb{R}} $. Chứng minh \[\mathop {\lim }\limits_{n \to + \infty } \sum\limits_{k = 0}^n {{a_k}\cos \frac{{k\pi }}{n} = a} \]
Với mỗi $N\in \mathbb{N}$, đặt $A_N= \sum_{n=1}^N a_n$ và $b_k =\cos \frac{{k\pi }}{N} \forall k=0, 1, ..., N$, và $S_N=\sum_{n=1}^N a_nb_n.$
Khi đó dùng tổng Abel, ta có
$S_N= b_NA_N- \sum_{n=0}^{N-1} A_n(b_{n+1}-b_n)$
$= b_NA_N- \sum_{n=0}^{N-1} (A_n-a)(b_{n+1}-b_n)-a\sum_{n=0}^{N-1}(b_{n+1}-b_n).$
Nhận xét: Dùng định lý Lagrange
$$\left|b_{n+1}-b_n\right| =\frac{\pi}{N} |\sin \left( \zeta/N\right)| \le \frac{(n+1)\pi}{N^2}\le \frac{\pi}{N}.$$
Do đó
$$ \left|S_N+ A_N-2a\right| \le \sum_{n=0}^{N-1} |A_n-a||(b_{n+1}-b_n)| \le \frac{\pi}{N}\sum_{n=0}^{N-1} |A_n-a|.$$
Vì $\lim_{m\to\infty} |A_m -a|=0$ nên theo định lý Cesaro $\lim_{N\to\infty}\frac{1}{N}\sum_{n=0}^{N-1} |A_n-a|=0.$
Suy ra $\lim\limits_{N\to \infty} S_N=a.$
- nhungvienkimcuong, tritanngo99, Element hero Neos và 2 người khác yêu thích
Đời người là một hành trình...
0 người đang xem chủ đề
0 thành viên, 0 khách, 0 thành viên ẩn danh