Cho các số thực dương a,b,c. Chứng minh rằng:
$\dfrac{1}{a} + \dfrac{1}{b} + \dfrac{1}{c} + abc \ge \dfrac{2(a+b+c+abc)^2}{(a+b)(b+c)(c+a)}$
- nhungvienkimcuong yêu thích
Gửi bởi backtodecember12356 trong 02-02-2015 - 16:42
Cho các số thực dương a,b,c. Chứng minh rằng:
$\dfrac{1}{a} + \dfrac{1}{b} + \dfrac{1}{c} + abc \ge \dfrac{2(a+b+c+abc)^2}{(a+b)(b+c)(c+a)}$
Gửi bởi backtodecember12356 trong 10-01-2015 - 23:38
ĐKXĐ: $-1 \leq x \leq 1$
Áp dụng BĐT AM-GM ta có
$F=26\sqrt{\frac{1}{4}x^2(1-x^2)}+6\sqrt{\frac{9}{4}x^2(1+x^2)}\leq 26.\frac{\frac{1}{4}x^2+1-x^2}{2}+6.\frac{\frac{9}{4}x^2+1+x^2}{2}=16$
Dễ thấy $F \geq 0$
Vậy Min $F=0$. Dấu "=" xảy ra khi $x=0$
Max $F=16$. Dấu "=" xảy ra khi $x=\pm \frac{2}{\sqrt{5}}$
Làm sao nhẩm được dấu bằng bạn ???
Gửi bởi backtodecember12356 trong 10-01-2015 - 21:51
Gửi bởi backtodecember12356 trong 10-01-2015 - 21:48
Gửi bởi backtodecember12356 trong 03-01-2015 - 21:33
Ta dự đoán dấu bằng xảy ra khi x=z=ky(k>0)
Ta có:
$2xz \le x^2+z^2$
$xy=\dfrac{1}{k} . x . (ky) \le \dfrac{1}{2k} (x^2+k^2y^2)$
Tương tự: $yz \le \dfrac{1}{2k} (z^2+k^2y^2)$
Suy ra: $P \le (1+\dfrac{1}{2k})(x^2+z^2) + ky^2$
Ta chọn k sao cho $1+\dfrac{1}{2k} = k$
$\leftrightarrow k=\dfrac{1+\sqrt{3}}{2}$
Suy ra: $P \le \dfrac{1+\sqrt{3}}{2}(x^2+y^2+z^2) = \dfrac{1+\sqrt{3}}{2}$
Community Forum Software by IP.Board
Licensed to: Diễn đàn Toán học