giúp mình bài tổng quát này với: Cho a,b,c,m,n>0 CMR:
$a^{m+n}+b^{m+n}+c^{m+n}\geq a^{m}b^{n}+b^{m}c^{n}+c^{m}a^{n}$
Có $m.a^{m+n}+n.b^{m+n}\ge (m+n).\sqrt[m+n]{a^{m.(m+n)}.b^{n(m+n)}}=(m+n)(a^m+b^n)$
CMTT
ta có đpcm
- Bonjour yêu thích
Gửi bởi My Linh Vietnamese trong 24-06-2015 - 21:58
giúp mình bài tổng quát này với: Cho a,b,c,m,n>0 CMR:
$a^{m+n}+b^{m+n}+c^{m+n}\geq a^{m}b^{n}+b^{m}c^{n}+c^{m}a^{n}$
Có $m.a^{m+n}+n.b^{m+n}\ge (m+n).\sqrt[m+n]{a^{m.(m+n)}.b^{n(m+n)}}=(m+n)(a^m+b^n)$
CMTT
ta có đpcm
Gửi bởi My Linh Vietnamese trong 25-05-2015 - 22:20
Dạng số nguyên tố này nếu phân tích thành nhân tử được thì ép 1 nhân tử =1 rồi thử lại..
--> hem bik đúng ko :3
Gửi bởi My Linh Vietnamese trong 24-05-2015 - 20:35
Cho tam giác $ABC$ nội tiếp đường tròn $(O)$ thỏa mãn $\widehat{BAC}=60^0$ và $AB<AC$. Lấy $D$ trên cung nhỏ $\widehat{BC}$ sao cho $\widehat{ABC}=2 \widehat{DBC}$. Gọi $E$ là điểm chính giữa của cung lớn $\widehat{BC}$
a. CMR: $\widehat{EAD}=90^0+\frac{\widehat{EDA}}{2}$
b. Hạ $È$ vuông góc $AD$ tại $F$. Gọi $G$ là trung điểm $AD$. CMR: $DE=2FG$
c. Lấy $H$ trên tia $DA$ và $I$ trên tia đối của $AD$ sao cho $AD=3DH=3AI$. CMR: $\widehat{EIH}=2\widehat{EHI}$
Gửi bởi My Linh Vietnamese trong 24-05-2015 - 20:07
Vì $1+ \sqrt{2}$ là một nghiệm của phương trình nên:
$(1+\sqrt{2})^3+a(\sqrt{2}+1)^2+ b(1+\sqrt{2})+1=0$
$\Leftrightarrow 7+ 5\sqrt{2}+ (3+2\sqrt{2})a+(1+\sqrt{2})b+1=0$
$\Leftrightarrow 8+3a+b=-\sqrt{2}(5+2a+b)$
◄ Nếu: $5+2a+b\neq 0$ thì $-\sqrt{2}= \frac{8+3a+b}{5+2a+b} \in \mathbb{Q}$ (Do $a,b$ là các số hữu tỷ) ---> Vô lý vì $\sqrt{2}$ là số vô tỷ!!
◄ Nếu $5+2a+b=0$ thì $8+3a+b=9$
Khi đó ta có $\left\{\begin{matrix} 2a+b=-5 & \\ 3a+b=-8& \end{matrix}\right.\Leftrightarrow \left\{\begin{matrix} a=-3 & \\ b=1 & \end{matrix}\right.$
Thay vào ta được phương trình: $x^3-3x^2+x+1=0$
Phương trình này có nghiệm $x \in \begin{Bmatrix} 1;1+ \sqrt{2};1- \sqrt{2} \end{Bmatrix}$
Gửi bởi My Linh Vietnamese trong 22-05-2015 - 22:01
Bạn phải đánh giá $\sqrt{c-4}\leq \alpha c$ . Khi đó, ta phải làm mất đi số $4$.
Để mất đi số $4$ thì khi cauchy $c-4$ phải thêm hệ số 4 để khi sử dụng hằng đẳng thức $\sqrt{ab} \le \frac{a+b}{2}$ thì sẽ được $\frac{c+4-4}{2}$
Như vậy cứ tiếp tục cho mấy cái còn lại nhân thêm hệ số vào trong căn rồi lại chia đi...
Gửi bởi My Linh Vietnamese trong 22-05-2015 - 21:48
Cho hệ phương trình $\left\{\begin{matrix} x^2-4xy+1=k & \\ y^2-3xy=4 & \end{matrix}\right.$
Chứng minh rằng hệ trên có nghiệm $\forall k \in \mathbb{R}$
Gửi bởi My Linh Vietnamese trong 22-05-2015 - 18:53
Giải hệ phương trình: $\left\{\begin{matrix} \frac{1}{\sqrt{x}}+ \sqrt{2- \frac{1}{y}}=2 & \\ \frac{1}{\sqrt{y}}+ \sqrt{2-\frac{1}{x}} =2 & \end{matrix}\right.$
MOD:Lần sau nhớ phải POST đúng BOX
Gửi bởi My Linh Vietnamese trong 02-05-2015 - 22:59
Xét các số nguyên $n$ có thể biểu diễn dưới dạng $n= \frac{2013a^3+2014b^3}{2011c^3+2012d^3}$ với $a,b,c,d$ là 4 số nguyên dương
Hỏi $2015$ có thuộc dãy trên không? Tại sao?
Gửi bởi My Linh Vietnamese trong 02-05-2015 - 16:49
Tham khảo thử bài nì xem, tớ thấy cũng tương tự đó : https://vn.answers.y...05230519AAKONYb
Gửi bởi My Linh Vietnamese trong 01-05-2015 - 22:48
Gửi bởi My Linh Vietnamese trong 28-04-2015 - 18:02
Gửi bởi My Linh Vietnamese trong 28-04-2015 - 16:25
Hãy xét khẳng định sau đúng hay sai với mọi m;n lớn hơn hoặc bằng 1 ta đều có $\left | \frac{m}{n}-\sqrt{2} \right |\geq \frac{1}{n^2\left ( \sqrt{3}+\sqrt{2} \right )}$
Chỗ này sai.
Cái nì t chép đáp án trong sách nào đấy, t photo được nên chưa ktra xem đúng sai ntn
Bài này là câu cuối trong đề tuyển sinh vào 10 của trường Lê Quý Đôn, Bình Định năm 2009-2010 nó có thêm đk: $m,n \in \mathbb{N}^*$ nữa
Khi thêm đk này, t có cách giải sau:
Vì $m,n \in \mathbb{N}^*$ nên $m$2\neq 2n^2\Rightarrow |m^2-2n^2| \ge 1$
$| \frac{m}{n}- \sqrt{2}| = \frac{|m-n\sqrt{2}}{n}=\frac{|m^2-2n^2}{n(m+n\sqrt{2})} \ge \frac{1}{n(m+n\sqrt{2})}$ $(1)$
Giả sử tồn tại $m,n \in \mathbb{N}^*$ thỏa mãn :
$\left | \frac{m}{n}-\sqrt{2} \right |< \frac{1}{n^2\left ( \sqrt{3}+\sqrt{2} \right )}$ $(2)$
Khi đó: $\frac{m}{n}- \sqrt{2}\le | \frac{m}{n}-\sqrt{2}| < \frac{\sqrt{3}-\sqrt{2}}{n^2}$
$$\Rightarrow$mn-n^2\sqrt{2}< \sqrt{3}-\sqrt{2}$
$\Leftrightarrow mn+n^2\sqrt{2}<2n^2\sqrt{2}+ \sqrt{3}-\sqrt{2}$
Vậy: $n(m+n\sqrt{2})< n^2(\sqrt{2}+\sqrt{3})+(n^2-1)(\sqrt{2}-\sqrt{3})\le n^2 (\sqrt{2}+ \sqrt{3})$
Do đó: $\frac{1}{n(m+n\sqrt{2})}> \frac{1}{n^2(\sqrt{2}+\sqrt{3})}$ $(3)$
Từ $(1)$ & $(3)$ suy ra: $| \frac{m}{n}-\sqrt{2}| > \frac{1}{n^2( \sqrt{2}+\sqrt{3})}$ mâu thuẫn với $(2)$
Nên điều giả sử là sai
Suy ra đpcm
Dấu bằng ở đây không xr
Gửi bởi My Linh Vietnamese trong 27-04-2015 - 22:58
3/ Hãy c/m:
a/ $(a^{10}+ b^{10})(a^{2}+b^{2}) \geq (a^{8}+b^{8})(a^{4}+b^{4})$ với mọi a, b
$(a^{10}+ b^{10})(a^{2}+b^{2}) \geq (a^{8}+b^{8})(a^{4}+b^{4})$ $\Leftrightarrow a^2b^2(a^2-b^2)^2(a^4+a^2b^2+b^4)\ge 0$ (LĐ)
Không biết đúng không nữa
Gửi bởi My Linh Vietnamese trong 27-04-2015 - 22:51
2/ Cho biểu thức:
P= $\frac{3}{x^{4}-x^{3}+x-1} + \frac{1}{x+1-x^{4}-x^{3}} - \frac{4}{x^{5}-x^{4}+x^{3}-x^{2}+x-1}$
C/m: 0<P<$\frac{32}{9}$ với mọi x khác 1 và -1
Rút gọn ta được $P= \frac{2}{x^4+x^2+1}$
Hiển nhiên $P>0$
Xét $\frac{32}{9} -P= \frac{2[(4x^2+2)^2+3]}{9[(x^2+ \frac{1}{2})^2]+ \frac{3}{4}} >0$
nên ta có ĐpCM
Gửi bởi My Linh Vietnamese trong 27-04-2015 - 22:28
Hãy xét khẳng định sau đúng hay sai với mọi m;n lớn hơn hoặc bằng 1 ta đều có $\left | \frac{m}{n}-\sqrt{2} \right |\geq \frac{1}{n^2\left ( \sqrt{3}+\sqrt{2} \right )}$
Trước hết ta cần chứng minh $|\frac{1}{n}- \sqrt{2}| \ge \frac{1}{n^2( \sqrt{3}+\sqrt{2})} $ $(1)$
Thật vậy, vì $n \ge 1$ nên $(1) \Leftrightarrow \sqrt{2}- \frac{1}{n} \ge \frac{\sqrt{3}- \sqrt{2}}{n^2}$ $(2)$
Đặt $t= \frac{1}{n } ( \forall t: 0<t<1)$
$(2) \Leftrightarrow (\sqrt{3}-\sqrt{2})t^2+t- \sqrt{2}\le 0$
$\Leftrightarrow ( \sqrt{3}- \sqrt{2})t (t-1) + (\sqrt{3}-\sqrt{2}+1)(t-1)+ \sqrt{3}- 2\sqrt{2}+1 \le 0$
$\Leftrightarrow \sqrt{3}-2\sqrt{2}+1 \le 0 (true)$
Do đó bất đẳng thức $(1)$ đúng
Vì: $m \ge 1$ nên $| \frac{m}{n}- \sqrt{2}| \ge | \frac{1}{n}- \sqrt{2}|$
Nên ta có $ĐPCM$
Xét thấy dấu bằng không xảy ra
Community Forum Software by IP.Board
Licensed to: Diễn đàn Toán học