Giả sử $c=min{a;b;c}$ . Ta có bất đẳng thức quen thuộc :
$\sqrt{\frac{a}{b+c}}+\sqrt{\frac{b}{a+c}}\geq 2\sqrt{\frac{a+b}{a+b+2c}}$
Áp dụng $Mincowsky$ ta có :
$\sqrt{1+\frac{48a}{b+c}}+\sqrt{1+\frac{48b}{a+c}}\geq \sqrt{4+48(\sqrt{\frac{a}{b+c}}+\sqrt{\frac{b}{a+c}})^{2}}\geq \sqrt{4+48.\frac{4(a+b)}{a+b+2c}}=2\sqrt{1+\frac{48(a+b)}{a+b+2c}}$
Ta quy về chứng minh
$2\sqrt{1+\frac{48(a+b)}{a+b+2c}}+\sqrt{1+\frac{48c}{a+b}}\geq 15$
Đặt $\sqrt{1+\frac{48c}{a+b}}=1+4t$
Từ giả thiết ta có : $0\leq t\leq 1$ $;\frac{2c}{a+b}=\frac{t+2t^{2}}{3}$
$\Rightarrow 1+\frac{48(a+b)}{a+b+2c}=\frac{2t^{2}+t+147}{2t^{2}+t+3}$
Do đó bất đẳng thức viết lại thành
$\sqrt{4+\frac{2t^{2}+t+147}{t+2t^{2}+3}}\geq 7-2t$
$\Leftrightarrow 4t(2t-9)(t-1)^{2}\geq0$
Đúng do $0 \leq t \leq 1$
Bạn nói rõ hơn cái dòng đầu tiên chứng minh như thế nào vậy, mình cảm ơn trước