Cho x,y,z thỏa mãn: $x^{2}+y^{2}+z^{2}=1$
Tìm min: $A=\frac{x^{3}}{(1-x^{4})^{2}}+\frac{y^{3}}{(1-y^{4})^{2}}+\frac{z^{3}}{(1-z^{4})^{2}}$
- NTMFlashNo1 yêu thích
Gửi bởi ThachAnh trong 18-02-2017 - 10:12
Cho x,y,z thỏa mãn: $x^{2}+y^{2}+z^{2}=1$
Tìm min: $A=\frac{x^{3}}{(1-x^{4})^{2}}+\frac{y^{3}}{(1-y^{4})^{2}}+\frac{z^{3}}{(1-z^{4})^{2}}$
Gửi bởi ThachAnh trong 21-09-2016 - 16:17
Cho x,y,z,t t/m: $x^{2}+y^{2}+z^{2}+t^{2}=1$ .Tìm min: xy + xz + xt + yz + yt + 3zt
Gửi bởi ThachAnh trong 21-09-2016 - 16:12
Cho 2 số thực không âm x,y t/m: x+y=2. Tìm max,min của
$P=3(x^{4}+y^{4})+2x^{3}y^{3}-3$
$Q=(x^{3}+2)(y^{3}+2)$
Gửi bởi ThachAnh trong 18-01-2016 - 18:22
Bài 8: Cho $x,y,z\geq 0 ; x+y+z=1.$
CM: $xy+yz+zx-2xyz\leq \frac{7}{27}$
Bài toán này có 2 cách "gần gũi" với học sinh THCS hơn, mình xin được bổ sung ^^
Cách 1 : Ta có bđt cơ bản: (x+y-z)(y+z-x)(x+z-y) $\leq$ xyz <=> (1-2x)(1-2y)(1-2z) $\leq$ xyz
Mặt khác: $xyz\leq \frac{(x+y+z)^{3}}{27}=\frac{1}{27} => (1-2x)(1-2y)(1-2z)$
<=> 1+4(xy+yz+xz)-2(x+y+z)-8xyz $\leq \frac{1}{27}$ => $xy+yz+zx-2xyz\leq \frac{7}{27}$ (đpcm)
Cách 2: Trong 3 số $x-\frac{1}{3}; y-\frac{1}{3}; z-\frac{1}{3}$ tồn tại ít nhất 2 số có tích không âm. Giả sử đó là:$ x-\frac{1}{3}; y-\frac{1}{3}$
ta có: $(x-\frac{1}{3})(y-\frac{1}{3})\geq 0$ => $xy+\frac{1}{9}\geq \frac{1}{3}(x+y) => xyz+\frac{z}{9}\geq \frac{1}{3}z(x+y) => -2xyz\leq \frac{2z}{9}-\frac{2}{3}z(x+y)$
=> $xy+yz+zx-2xyz \leq \frac{2}{9}z+\frac{1}{3}z(x+y)+xy$
Mà: $\frac{2}{9}z+\frac{1}{3}z(x+y)+xy\leq \frac{2}{9}z+\frac{1}{3}z(x+y)+\frac{(x+y)^{2}}{4}=\frac{2}{9}z+\frac{1}{3}z(1-z)+\frac{1}{4}(1-z)^{2}=-\frac{1}{12}(z-\frac{1}{3})^{2}+\frac{7}{27}\leq \frac{7}{27}$
=> ĐPCM
Gửi bởi ThachAnh trong 18-01-2016 - 17:52
Cho a,b,c không âm.Chứng minh rằng:
$\frac{1}{a^3+1}+\frac{1}{b^3+1}+\frac{1}{c^3+1}\geq \frac{3}{abc+1}$
Bằng phương pháp biến đổi tương đương, ta dễ dàng cm được bđt cơ bản sau: $\frac{1}{1+x}+\frac{1}{1+y}\geq \frac{2}{1+\sqrt{xy}}$ (với $xy\geq 1$)
Áp dụng vào bài toán ta có: $\frac{1}{1+a^{3}}+\frac{1}{1+b^{3}}\geq \frac{2}{1+\sqrt{a^{3}b^{3}}}$ (1)
$\frac{1}{1+c^{3}}+\frac{1}{1+abc}\geq \frac{2}{1+\sqrt{c^{4}ab}}$ (2)
Từ (1) và (2) => $\frac{1}{a^3+1}+\frac{1}{b^3+1}+\frac{1}{c^3+1}+\frac{1}{1+abc}\geq \frac{2}{1+\sqrt{a^{3}b^{3}}}+\frac{2}{1+\sqrt{c^{4}ab}}\geq 2.\frac{2}{1+abc}$
=> $\frac{1}{a^3+1}+\frac{1}{b^3+1}+\frac{1}{c^3+1}\geq \frac{3}{abc+1}$ (đpcm)
Gửi bởi ThachAnh trong 18-01-2016 - 06:19
Bài 1,2,4 ạ !!!!
( trong ảnh ạ )
Bài 2:
Ta biến đổi:
P=$x^{2}+ 10(y^{2}+z^{2})+(4y^{2}-4y+1)+ 2(2y-4\sqrt{y}+1)-3$
<=> $P=(\frac{x^{2}}{2}+8y^{2})+(\frac{x^{2}}{2}+8z^{2})+ 2(y^{2}+z^{2})++(2y-1)^{2}+2(\sqrt{2y}-1)^{2}-3$
Áp dụng bđt Cô-si cho 2 số ko âm có:
$\frac{x^{2}}{2}+8y^{2} \geq 4xy$
$\frac{x^{2}}{2}+8z^{2}\geq 4xz$
$2(y^{2}+z^{2})\geq 4zy$
Suy ra: $P\geq 4(xy+yz+xz)+(2y-1)^{2}+2(\sqrt{2y}-1)^{2}-3$ >= 6
Gửi bởi ThachAnh trong 18-01-2016 - 05:59
1. Cho $x,y,z>0$ thoả mãn $xyz=1$. CMR:
$\frac{x^3}{(1+y)(1+z)}+\frac{y^3}{(1+z)(1+x)}+\frac{z^3}{(1+x)(1+y)} \geq \frac{3}{4}$
Áp dụng bđt Cô-si cho 3 số ko âm, ta có: $\frac{x^{3}}{(y+1)(z+1)}+\frac{y+1}{8}+\frac{z+1}{8}\geq 3.\sqrt[3]{\frac{x^{3}}{64}}=\frac{3x}{4}$
Tương tự có: $\frac{y^{3}}{(x+1)(z+1)}\geq \frac{3y}{4}$ ; $\frac{z^{3}}{(x+1)(y+1)}\geq \frac{3z}{4}$
Suy ra $\frac{x^3}{(1+y)(1+z)}+\frac{y^3}{(1+z)(1+x)}+\frac{z^3}{(1+x)(1+y)} \geq \frac{1}{2}(x+y+z)-\frac{3}{4}$
mà xyz=1 -> $x+y+z\geq \sqrt[3]{xyz}=1$
vậy ta có đpcm.
Gửi bởi ThachAnh trong 06-01-2016 - 20:09
Giải hệ phương trình
$\left\{\begin{matrix}x^3(y^2+3y+3) = 3y^2 (1)\\ y^3(z^2+3x+3) = 3z^2 (2)\\ z^3(x^2+3x+3) = 3x^2 (3)\end{matrix}\right.$
Chia 2 vế pt(1) cho y^2, chia 2 vế pt(2) cho z^2, chia 2 vế pt(3) cho x^2. Có Hpt <=> $\left\{\begin{matrix}1+\frac{3}{y}+\frac{3}{y^{2}}=\frac{3}{x^{3}}\\1+\frac{3}{x}+\frac{3}{x^{2}}=\frac{3}{z^{3}}\\ 1+\frac{3}{z}+\frac{3}{z^{2}}=\frac{3}{y^{3}}\end{matrix}\right.$
Gửi bởi ThachAnh trong 05-01-2016 - 21:41
Cho $x,y,z >0 $ thỏa :
$\left\{\begin{matrix}x^2+xy+\dfrac{y^2}{3}=25 (1) \\\dfrac{y^2}{3}+z^2=9 (2) \\ z+xz+x^2=16 (3) \end{matrix}\right.$
Tính $P=xy+2yz+3xz
Lấy (2)+(3)-(1), có:$ (\frac{b^{2}}{3}+c^{2})+(c^{2}+ac+a^{2})=a^{2}+ab+\frac{b^{2}}{3}$
-> 2c^{2}=a(b-c).
Từ đó suy ra: $P^{2}-12(\frac{b^{2}}{3}+c^{2})(c^{2}+ac+a^{2})=0$
=> P^2= 12.9.16 => P= 24. căn (3)
Gửi bởi ThachAnh trong 16-12-2015 - 13:32
Tìm số nguyên$ x,y$ nhỏ hơn 2 sao cho $xy - 1$ chia hết cho $(x-1)(y-1)$
Ta có: xy-1=(x-1)y + (y-1) $\vdots$ (y-1) => (x-1) $\vdots$ (y-1) (1)
Biến đổi tương tự, có: xy-1=(y-1)x+(x-1) $\vdots$ (x-1) => (y-1) $\vdots$ (x-1) (2)
Từ (1) và (2) suy ra: x-1=y-1 hoặc x-1=-(y-1)
đến đây dễ rồi, bạn tự giải tiếp nhé!
Gửi bởi ThachAnh trong 09-12-2015 - 15:27
Với a,b là các số thực dương thỏa mãn abc=1. Cmr: $ \frac{a^{3}+5}{a^{3}(b+c)}+\frac{b^{3}+5}{b^{3}(a+c)}+\frac{c^{3}+5}{c^{3}(a+b)}\geq 9$
Gửi bởi ThachAnh trong 07-12-2015 - 15:31
Cũng đặt như trên ta được:
$\left\{\begin{matrix} &a^{5}+b^{5}=123 \\ &ab=1 \end{matrix}\right.$
Thay $a=\frac{1}{b}$ vào phương trình đầu ta có:
$\frac{1}{b^{5}}+b^{5}=123 \Leftrightarrow b^{10}-123b^{5}+1=0 \Rightarrow t^{2}-123t+1=0$
Đến đây thì bạn phải tự giải bằng tay vì nghiệm rất lẻ
Thật ra hướng này mình đã nghĩ từ đầu rồi cơ, nhưng mà mình đã thử denta rồi, xem chừng không có hi vọng,bậc cao quá , làm không ra hướng này rồi mình mới lên đây hỏi các bạn đấy chứ, mình muốn tham khảo các bạn xem có hướng nào hiệu quả hơn cho bài toán này không.
Gửi bởi ThachAnh trong 06-12-2015 - 20:03
okie đặt cây đầu tiên là a; cây thứ 2 là b
ta có a^5 + b^5 =123 và ab=1
giải hệ là đc ban
hic . bạn ơi, đặt như bạn mình đã đặt từ lâu lắm rôi, vì không giải đk cái hệ đó nên mình mới phải nhờ các bạn trên diễn đàn giải giúp nè.
Gửi bởi ThachAnh trong 06-12-2015 - 19:46
$đặt \left ( \sqrt{x^{2}+1}-x \right )=a \left ( \sqrt{x^{2}+1}+x \right )=b ta có a^{5}+b^{5}=123 và ab=1$
Bạn ơi đặt như bạn tớ cũng làm rồi nhưng làm không ra bạn ạ. Bạn có thể giải chi tiết hơn cách này được không?
Community Forum Software by IP.Board
Licensed to: Diễn đàn Toán học