Bài này dùng phản chứng thôi.
- Lao Hac yêu thích
Gửi bởi xuanhoan23112002 trong 12-07-2018 - 22:34
Gửi bởi xuanhoan23112002 trong 12-07-2018 - 21:52
Gửi bởi xuanhoan23112002 trong 27-06-2018 - 16:55
Cho $a\neq 0$ và $f(x)=ax^4+bx+c> 0 \forall x> 0$
CMR: $f(x)$ được biểu diễn ở dạng tổng bình phương của 2 tam thức bậc hai.
Gửi bởi xuanhoan23112002 trong 07-06-2018 - 11:41
Câu 3 (phỏng theo lời giải của thầy Võ Quốc Bá Cẩn)
Ta có: $\frac{a^2}{a^2+ab+b^2}+\frac{c^2}{c(a+b+c)}\geq \frac{(a+c)^2}{a^2+b^2+c^2+ab+bc+ca}$ (bất đẳng thức Schwarz)
Làm tương tự với 3 phân thức còn lại ta có:
$\frac{a^2}{a^2+ab+b^2}+\frac{b^2}{b^2+bc+c^2}+\frac{c^2}{c^2+ca+a^2}\geq 1$
Đẳng thức xảy ra $\Leftrightarrow a=b=c> 0$
Vậy ta có điều phải chứng minh.
Gửi bởi xuanhoan23112002 trong 06-06-2018 - 15:07
Câu 5: Ta có:
$P=\frac{81x^2+18225x+1}{9x}-\frac{6\sqrt{x}+8}{x+1}\geq \frac{18x}{9x}-\frac{9x+9}{x+1}+2025= 2018$ (bất đẳng thức Cauchy)
Đẳng thức xảy ra $\Leftrightarrow x=\frac{1}{9}> 0$
Vậy $MinP=2018\Leftrightarrow x=\frac{1}{9}$
Gửi bởi xuanhoan23112002 trong 06-06-2018 - 14:53
Bài 7: Bài bất đẳng thức có vẻ dễ nhỉ
Ta có:
$\frac{x^2}{y+z}+\frac{y^2}{z+x}+\frac{z^2}{x+y}\geq \frac{(x+y+z)^2}{2(x+y+z)}= \frac{x+y+z}{2}=1$ ( bất đẳng thức Schwarz)
Đẳng thức xảy ra $\Leftrightarrow x=y=z=\frac{2}{3}$
Vậy ta có điều phải chứng minh.
Gửi bởi xuanhoan23112002 trong 06-06-2018 - 12:08
Gửi bởi xuanhoan23112002 trong 06-06-2018 - 07:55
Câu 6:
Từ giả thiết kết hợp với công thức khai triển bậc 4: $(a+b)^4=a^4+4a^3b+6a^2b^2+4ab^3+b^4$ ta có:
$Q=(x+3-x)^4-4x(3-x)(x^2+(3-x)^2)=81-2(9-x^2-(3-x)^2)(x^2+(3-x)^2)=81+2(x^2+(3-x)^2)^2-18(x^2+(3-x)^2)=2(x^2+(3-x)^2-5)^2+2(x^2+(3-x)^2)+31\geq 10+31=41$
Đẳng thức xảy ra $$\Leftrightarrow x^2+(3-x)^2=5\Leftrightarrow 2x^2-6x+4=0\Leftrightarrow x=1, x=2$$
Vậy $Min Q=41\Leftrightarrow x=1, x=2$
Gửi bởi xuanhoan23112002 trong 05-06-2018 - 20:01
Gửi bởi xuanhoan23112002 trong 05-06-2018 - 19:45
Câu 5:
Từ giả thiết ta có: $c=a+b-\sqrt{ab}$
$P=\frac{c^2}{ab}+\frac{c^2}{a^2+b^2}+\frac{\sqrt{ab}}{a+b}$
$P\geq c^2(\frac{1}{2ab}+\frac{1}{2ab}+\frac{1}{a^2+b^2})+\frac{\sqrt{ab}}{a+b}\geq \frac{9c^2}{(a+b)^2+2ab}+\frac{\sqrt{ab}}{a+b} \geq \frac{6(a+b-\sqrt{ab})^2}{(a+b)^2}+\frac{\sqrt{ab}}{a+b}=6-\frac{11\sqrt{ab}}{a+b}+\frac{6ab}{(a+b)^2}=6(\frac{\sqrt{ab}}{a+b}-\frac{1}{2})^2-\frac{5\sqrt{ab}}{a+b}+\frac{9}{2}$ $\geq -\frac{5}{2}+\frac{9}{2}=2$ ( theo các BĐT AM-GM và Schwarz)
Đẳng thức xảy ra $\Leftrightarrow a=b=c>0$
Vậy $MinP=2\Leftrightarrow a=b=c>0$
Gửi bởi xuanhoan23112002 trong 04-06-2018 - 12:38
Tìm max: http://diendantoanho...-định-năm-2018/ (chỉ việc thay mỗi số 2 thành số 1 thôi a trình bày đầy đủ rồi)
Tìm min:
Nếu cả 3 số a, b, c đều > 2 hiển nhiên suy ra điều vô lí
Do đó ta giả sử: $c\leq 2$ nên $abc\leq 2ab$
$\Rightarrow 4=a^2+b^2+c^2+2abc\leq a^2+b^2+c^2+2ab=(a+b)^2+c^2\leq (a+b+c)^2$
$\Rightarrow a+b+c\geq 2$
Gửi bởi xuanhoan23112002 trong 03-06-2018 - 10:57
Câu 5: Bất đẳng thức đã cho tương đương với:
$a^2b+b^2c+c^2a+ab^2+bc^2+ca^2> a^3+b^3+c^3+2abc$
$\Leftrightarrow a(b-c)^2+b^2(c+a-b)+c^2(a+b-c)> 0$ (luôn đúng đó a, b, c là độ dài 3 cạnh của 1 tam giác)
Gửi bởi xuanhoan23112002 trong 03-06-2018 - 07:30
Ta có:
$A-36a=(2-25a)x^2-(3+20a)xy-(2-40a)y^2$
Coi phương trình trên là phương trình bậc 2 ẩn x tìm giá trị của a sao cho phương trình có nghiệm kép tức là$\Delta =0$ (Chú ý: Tìm giá trị lớn nhất thì $A-36a$ mang dấu trừ của 1 bình phương đủ nên $2-25a<0, 2-40a<0$)
Từ đó tìm được: $a=\frac{1}{12 }$
Gửi bởi xuanhoan23112002 trong 02-06-2018 - 07:23
Đặt $A=2x^2-3xy-2y^2$
$\Leftrightarrow$$A-3=2x^2-3xy-2y^2-\frac{1}{12}(25x^2-20xy+40y^2)$
$\Leftrightarrow$$A-3=-\frac{1}{12}x^2-\frac{4}{3}xy-\frac{16}{3}y^2$
$\Leftrightarrow$$A-3=-\frac{1}{12}(x+8y)^2\leq 0$
$\Leftrightarrow A\leq 3$
Đẳng thức xảy ra $\Leftrightarrow (x, y)=(\frac{4\sqrt{2}}{5}, -\frac{\sqrt{2}}{10})$ hoặc $(x, y)=(-\frac{4\sqrt{2}}{5}, \frac{\sqrt{2}}{10})$
Vậy Max của $2x^2-3xy-2y^2=3$
Gửi bởi xuanhoan23112002 trong 30-05-2018 - 13:38
Bài 140:
Từ giả thiết ta có bất đẳng thức sau: $0< ab+bc+ca\leq \frac{(a+b+c)^2}{3}\leq 1$
Do đó
$\frac{a}{\sqrt{a^2+1}}\leq \frac{a}{\sqrt{a^2+ab+bc+ca}}= \frac{\sqrt{a}.\sqrt{a}}{\sqrt{(a+b)(a+c)}}\leq \frac{1}{2}(\frac{a}{a+b}+\frac{a}{a+c})$ (bất đẳng thức Cauchy)
Chứng minh tương tự như trên ta có:
$P\leq \frac{1}{2}(\frac{a+b}{a+b}+\frac{b+c}{b+c}+\frac{c+a}{c+a})=\frac{3}{2}$
Đẳng thức xảy ra $\Leftrightarrow a=b=c=\frac{\sqrt{3}}{3}$
Vậy $MaxP=\frac{3}{2}$ $\Leftrightarrow a=b=c=\frac{\sqrt{3}}{3}$
Community Forum Software by IP.Board
Licensed to: Diễn đàn Toán học